2024年高考物理一轮复习（新人教版） 第1章 第2讲　匀变速直线运动的规律.docx

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1、第2讲匀变速直线运动的规律目标要求1.理解匀变速直线运动的特点，掌握匀变速直线运动的公式，并理解公式中各物理量的含义.2.会灵活应用运动学公式及推论解题考点一匀变速直线运动的基本规律及应用1.匀变速直线运动沿着一条直线且加速度不变的运动如图所示，vt图线是一条倾斜的直线2匀变速直线运动的两个基本规律(1)速度与时间的关系式：vv0at.(2)位移与时间的关系式：xv0tat2.由以上两式联立可得速度与位移的关系式：v2v022ax.3公式选用原则以上三个公式共涉及五个物理量，每个公式有四个物理量选用原则如下：不涉及位移，选用vv0at不涉及末速度，选用xv0tat2不涉及时间，选用v2v022

2、ax1匀变速直线运动是加速度均匀变化的直线运动()2匀加速直线运动的位移是均匀增加的()3匀变速直线运动中，经过相同的时间，速度变化量相同()1基本思路2正方向的选定无论是匀加速直线运动还是匀减速直线运动，通常以初速度v0的方向为正方向；当v00时，一般以加速度a的方向为正方向速度、加速度、位移的方向与正方向相同时取正，相反时取负 考向1基本公式和速度位移关系式的应用例1(2022全国甲卷15)长为l的高速列车在平直轨道上正常行驶，速率为v0，要通过前方一长为L的隧道，当列车的任一部分处于隧道内时，列车速率都不允许超过v(vv0)已知列车加速和减速时加速度的大小分别为a和2a，则列车从减速开始

3、至回到正常行驶速率v0所用时间至少为()A. B.C. D.答案C解析由题知当列车的任一部分处于隧道内时，列车速率都不允许超过v(vv0)，则列车进隧道前必须减速到v，若用时最少，则列车先匀减速到v进入隧道，再在隧道中匀速运动，出了隧道再匀加速到v0.则有v v02at1，解得t1，在隧道内匀速有t2列车尾部出隧道后立即加速到v0，有v0vat3解得t3则列车从减速开始至回到正常行驶速率v0所用时间至少为t，故选C.例2对某汽车刹车性能测试时，当汽车以36 km/h的速率行驶时，可以在18 m的距离被刹住；当汽车以54 km/h的速率行驶时，可以在34.5 m的距离被刹住假设两次测试中驾驶员的

4、反应时间(驾驶员从看到障碍物到做出刹车动作的时间)与刹车的加速度都相同问：(1)这位驾驶员的反应时间为多少；(2)某雾天，该路段能见度为50 m，则行车速率不能超过多少 考向2两种匀减速直线运动的比较两种运动运动特点求解方法刹车类问题匀减速到速度为零后停止运动，加速度a突然消失求解时要注意确定实际运动时间双向可逆类问题如沿光滑固定斜面上滑的小球，到最高点后仍能以原加速度匀加速下滑，全过程加速度大小、方向均不变求解时可分过程列式，也可对全过程列式，但必须注意x、v、a等矢量的正负号及物理意义例3(2023福建师范大学附属中学高三月考)一辆汽车在平直公路上匀速行驶，遇到紧急情况，突然刹车，从开始刹

5、车起运动过程中的位移(单位：m)与时间(单位：s)的关系式为x30t2.5t2 (m)，下列分析正确的是()A刹车过程中最后1 s内的位移大小是5 mB刹车过程中在相邻1 s内的位移差的绝对值为10 mC从刹车开始计时，8 s内通过的位移大小为80 mD从刹车开始计时，第1 s内和第2 s内的位移大小之比为119答案D解析由匀变速直线运动的规律xv0tat2，可得初速度v030 m/s，加速度a5 m/s2，刹车过程中在相邻1 s内的位移差的绝对值|x|a(t)|5 m，从刹车开始计时到停下的时间tm6 s,8 s内通过的位移大小为xm90 m，选项B、C错误；把末速度为0的匀减速直线运动看成

6、逆向的匀加速直线运动，刹车过程中最后1 s内的位移大小为x1at022.5 m，从刹车开始计时，第1 s内和第2 s内的位移大小之比为119，选项D正确，A错误例4(多选)在足够长的光滑固定斜面上，有一物体以10 m/s的初速度沿斜面向上运动，物体的加速度大小始终为5 m/s2、方向沿斜面向下，当物体的位移大小为7.5 m时，下列说法正确的是()A物体运动时间可能为1 sB物体运动时间可能为3 sC物体运动时间可能为(2) sD物体此时的速度大小一定为5 m/s答案ABC解析以沿斜面向上为正方向，则a5 m/s2，当物体的位移为沿斜面向上7.5 m时，x7.5 m，由运动学公式xv0tat2，

7、解得t13 s或t21 s，故A、B正确当物体的位移为沿斜面向下7.5 m时，x7.5 m，由xv0tat2，解得t3(2) s或t4(2) s(舍去)，故C正确由速度时间公式vv0at，解得v15 m/s、v25 m/s、v35 m/s，故D错误 考向3逆向思维法解决匀变速直线运动问题例5假设某次深海探测活动中，“蛟龙号”完成海底科考任务后竖直上浮，从上浮速度为v时开始匀减速运动并计时，经过时间t，“蛟龙号”上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t0(t0t)时刻距离海面的深度为()Avt0(1) B.C. D.答案B解析“蛟龙号”上浮时的加速度大小为a，根据逆向思维法，可知“蛟龙号”在

8、t0时刻距离海面的深度为ha(tt0)2，故选B.逆向思维法：对于末速度为零的匀减速直线运动，可把该阶段看成逆向的初速度为零、加速度不变的匀加速直线运动考点二匀变速直线运动的推论及应用1匀变速直线运动的常用推论(1)平均速度公式：做匀变速直线运动的物体在一段时间内的平均速度等于这段时间内初、末时刻速度矢量和的一半，还等于中间时刻的瞬时速度即：.此公式可以求某时刻的瞬时速度(2)位移差公式：连续相等的相邻时间间隔T内的位移差相等即：xx2x1x3x2xnxn1aT2.不相邻相等的时间间隔T内的位移差xmxn(mn)aT2，此公式可以求加速度2初速度为零的匀加速直线运动的四个重要比例式(1)T末、

9、2T末、3T末、nT末的瞬时速度之比为v1v2v3vn123n.(2)前T内、前2T内、前3T内、前nT内的位移之比为x1x2x3xn149n2.(3)第1个T内、第2个T内、第3个T内、第n个T内的位移之比为xxxxN135(2n1)(4)从静止开始通过连续相等的位移所用时间之比为t1t2t3tn1(1)()()3匀变速直线运动中常见思想方法及选取技巧 考向1平均速度公式例6如图的平潭海峡公铁两用大桥是世界上最长的跨海公铁两用大桥，其中元洪航道桥的A、B、C三根桥墩间距分别为AB132 m、BC196 m一列高速列车匀加速通过元洪航道桥，车头经过AB和BC的时间分别为3 s和4 s，则这列高

10、速列车经过元洪航道桥的加速度大小约为()A0.7 m/s2 B1.4 m/s2C2.8 m/s2 D6.3 m/s2答案B解析高速列车在AB段的平均速度为v144 m/s，在BC段的平均速度为v249 m/s，根据匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，可知a1.4 m/s2，B正确 考向2位移差公式例7(2023重庆市实验外国语学校高三检测)物体从静止开始做匀加速直线运动，已知第4 s内与第2 s内的位移之差是8 m，则下列说法错误的是()A物体运动的加速度为4 m/s2B第2 s内的位移为6 mC第2 s末的速度为2 m/sD物体在05 s内的平均速度为10 m/s答案C解析根据位

11、移差公式得x4x22aT2，可知a m/s24 m/s2，故A正确，不符合题意；第2 s内的位移为x2x1at22at124(2212) m6 m，故B正确，不符合题意；第2 s末的速度为vat242 m/s8 m/s，故C错误，符合题意；物体在05 s内的平均速度 m/s10 m/s，故D正确，不符合题意 考向3初速度为零的匀变速直线运动比例式例8(多选)如图所示，一冰壶以速度v垂直进入三个完全相同的矩形区域做匀减速直线运动，且刚要离开第三个矩形区域时速度恰好为零，则冰壶依次进入每个矩形区域时的速度之比和穿过每个矩形区域所用的时间之比分别是()Av1v2v3321Bv1v2v31Ct1t2t

12、31Dt1t2t3()(1)1答案BD解析因为冰壶做匀减速直线运动，且末速度为零，故可以看成反向的初速度为零的匀加速直线运动初速度为零的匀加速直线运动中通过连续三段相等位移的时间之比为1(1)()，故t1t2t3()(1)1，选项C错误，D正确；由v2v022ax可得，初速度为零的匀加速直线运动中通过连续相等位移的速度之比为1，故v1v2v31，选项A错误，B正确课时精练1.如图所示，一小球从A点由静止开始沿斜面向下做匀变速直线运动，若到达B点时速度为v，到达C点时速度为2v，则ABBC等于()A11 B12C13 D14答案C解析根据匀变速直线运动的速度位移公式v2v022ax知，xAB，x

13、AC，所以ABAC14，则ABBC13，故C正确，A、B、D错误2汽车在平直的公路上行驶，发现险情紧急刹车，汽车立即做匀减速直线运动直到停止，已知汽车刹车时第1 s内的位移为13 m，最后1 s内的位移为2 m，则下列说法正确的是()A汽车在第1 s末的速度可能为10 m/sB汽车加速度大小可能为3 m/s2C汽车在第1 s末的速度一定为11 m/sD汽车的加速度大小一定为4.5 m/s2答案C解析采用逆向思维法，由于最后1 s内的位移为2 m，根据x2at22得，汽车加速度大小a4 m/s2，第1 s内的位移为13 m，根据x1v0t1at12，代入数据解得初速度v015 m/s，则汽车在第

14、1 s末的速度v1v0at115 m/s41 m/s11 m/s，故C正确，A、B、D错误3汽车在水平面上刹车，其位移与时间的关系是x24t6t2 (m)，则它在前3 s内的平均速度为()A8 m/s B10 m/sC12 m/s D14 m/s答案A解析由位移与时间的关系结合运动学公式可知，v024 m/s，a12 m/s2，则由vv0at可知，汽车在2 s末停止运动，故它在前3 s内的位移等于前2 s内的位移，x242 m64 m24 m，则汽车在前3 s内的平均速度 m/s8 m/s，故A正确4.(2023广东潮州市高三月考)超音速巡航是指飞机在不开启后燃器的情况下能够持续在1.5倍音速

15、以上进行超过30分钟的超音速飞行超音速巡航的提出主要是基于快速突防的战术思想，因此，该技术在未来的超视距作战中具有很大的优势，超音速巡航是第五代战斗机的主要技术特征之一某第五代战机在一次直线加速飞行中，速度由270 m/s提升至510 m/s，耗时一分钟，假设加速过程为匀加速运动，则该过程飞行的距离为()A16 200 m B23 400 mC30 600 m D46 800 m答案B解析该过程飞行的距离为st60 m23 400 m，故选B.5在2021年东京奥运会上，我国运动健儿摘金夺银，为国争光其中在跳水男子3米板决赛中，我国选手谢思埸夺得金牌！在某次比赛中，若将运动员入水后向下的运动视

16、为匀减速直线运动，该运动过程的时间为8t.设运动员入水后向下运动过程中，第一个t时间内的位移大小为x1，最后两个t时间内的总位移大小为x2，则x1x2为()A174 B134 C154 D158答案C解析初速度为零的匀加速直线运动，在第一个t时间内、第二个t时间内、第三个t时间内、的位移之比xxx135，将运动员的匀减速直线运动看作反向的初速度为零的匀加速直线运动，运动员运动总时间为8t，则第一个t时间内的位移可视为初速度为零的匀加速直线运动中，第八个t时间内的位移，最后两个t时间内的总位移可视为初速度为零的匀加速直线运动中，前两个t时间内的位移，故x1x215(13)154，故选C.6(20

17、23湖南长沙市第一中学月考)如图所示，一质点做匀加速直线运动先后经过A、B、C三点，已知从A到B和从B到C速度的增加量v均为6 m/s，AB间的距离x13 m，BC间的距离x213 m，则该质点的加速度为()A3.6 m/s2 B4 m/s2C4.2 m/s2 D4.8 m/s2答案A解析因为从A到B和从B到C速度的增加量v均为6 m/s，可知从A到B的时间和从B到C的时间相等，有vaT6 m/s，xx2x1aT210 m，联立可得T s，a3.6 m/s2，A正确7.(2023云南昆明市第一中学高三检测)如图所示，一小球(可视为质点)以初速度10 m/s从斜面底端O冲上一固定斜面，A、B、C

18、依次是斜面上的三个点，AC间距为8 m，B为AC中点小球经过2 s第一次通过A点，又经4 s第二次通过C点，不计一切摩擦，则下列说法正确的是()A小球的加速度大小为3 m/s2BOA间距为8 mC第一次通过B点的速度大小一定为2 m/sD第3 s末经过B点答案C解析根据匀变速直线运动规律，设OA间距为x，有xv0tat2，小球又经4 s第二次通过C点，有x8 mv0(t4 s)a(t4 s)2，联立可得a2 m/s2，x16 m，故A、B错误；B点为AC的中间位置，OB间距为x1x4 m20 m，由vB2v022ax1，得vB2 m/s，故C正确；由x1t1，得t1(5) s，故D错误8为了研

19、究运动员起跑阶段的运动情况，用频率为2 Hz频闪照相机记录运动员起跑阶段不同时刻的位置，如图所示，用厘米刻度尺测量照片上运动员不同位置间的距离，已知照片与实物的尺寸比例为150，运动员起跑阶段的运动可视为匀加速直线运动下列说法正确的是()A运动员起跑阶段的加速度为2 m/s2B运动员通过照片中3 cm位置时速度为1 m/sC照片中0位置为运动员的起跑位置D运动员在照片前6 cm内的平均速度为4 m/s答案A解析频率为2 Hz频闪照相机，时间为T0.5 s，根据匀变速直线运动的公式有(21)10250 mxaT2，解得a2 m/s2，故A正确；匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则运

20、动员通过照片中3 cm位置时速度为v1 m/s2.5 m/s，故B错误；根据0位置到3 cm位置的速度时间公式，有v1v0a2T，解得v00.5 m/s，即照片中0位置的速度为0.5 m/s，故不是起跑位置，故C错误；运动员在照片前6 cm内的平均速度为 m/s2 m/s，故D错误9(2023辽宁省实验中学模拟)高铁站台上，5位旅客在各自车厢候车线处候车，若动车每节车厢长均为l，动车进站时做匀减速直线运动站在2号候车线处的旅客发现1号车厢经过他所用的时间为t，动车停下时该旅客刚好在2号车厢门口(2号车厢最前端)，如图所示，则()A动车从经过5号候车线处的旅客开始到停止运动，经历的时间为3tB动

21、车从经过5号候车线处的旅客开始到停止运动，平均速度为C1号车厢头部经过5号候车线处的旅客时的速度为D动车的加速度大小为答案C解析采用逆向思维，可认为动车反向做初速度为0的匀加速直线运动，由题意可知，动车1号车厢最前端经过2号候车线处的旅客的位移为l时，时间为t，有lat2，动车1号车厢最前端经过5号候车线处的旅客的位移为4l时，时间为t5，有4lat52，解得t52t，选项A错误；动车1号车厢最前端从经过5号候车线处的旅客到停下总位移为4l，用时为2t，则平均速度为，选项B错误；设1号车厢头部经过5号候车线处的旅客时的速度为v5，则有4l2t，解得v5，选项C正确；动车从经过5号候车线处的旅客

22、开始到停止运动过程，有0v5a2t，解得a，选项D错误10.(2023新疆哈密市第十五中学月考)测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B为测速仪，A为汽车，两者相距335 m，某时刻B发出超声波，同时A由静止开始做匀加速直线运动，当B接收到反射回来的超声波信号时，A、B相距355 m，已知声速为340 m/s，则汽车的加速度大小为()A20 m/s2 B10 m/s2C5 m/s2 D无法确定答案B解析超声波从B发出到A与被A反射到被B接收所需的时间相等，在这个过程中，汽车的位移为x355 m335 m20 m，初速度为零的匀变速直线运动在开始相等时间内的位移之比为13，所以x15 m，

23、x215 m，则超声波被A接收时，AB间的距离x335 m5 m340 m，所以超声波从B发出到被A反射所需的时间t s1 s，根据xat2，可得15 m5 ma(1 s)2，解得a10 m/s2，故B正确，A、C、D错误11(多选)(2023吉林长春市模拟)一辆汽车以速度v0匀速行驶，司机观察到前方人行横道有行人要通过，于是立即刹车从刹车到停止，汽车正好经过了24块规格相同的路边石，汽车刹车过程可视为匀减速直线运动下列说法正确的是()A汽车经过第1块路边石末端时的速度大小为v0B汽车经过第18块路边石末端时的速度大小为v0C汽车经过前12块路边石与后12块路边石的时间之比为1D汽车经过前18

24、块路边石与后6块路边石的时间之比为11答案AD解析从刹车到停止，汽车正好经过了24块规格相同的路边石，设路边石的长度为L，则有0v022a24L，解得a，则汽车经过第1块路边石末端时的速度大小为v1v0，A正确；汽车经过第18块路边石末端时的速度大小为v18，B错误；根据初速度为零的匀变速运动在连续相等的位移内所用时间比例关系可得：汽车经过前12块路边石与后12块路边石的时间之比为(1)1，C错误；根据初速度为零的匀变速运动在连续相等时间内通过位移比例关系可得：汽车经过前18块路边石与后6块路边石的时间之比为11，D正确12(2023安徽省六安一中月考)ETC是不停车电子收费系统的简称最近，某

25、ETC通道的通行车速由原来的20 km/h提高至40 km/h，车通过ETC通道的流程如图所示为简便计算，假设汽车以v030 m/s的速度朝收费站沿直线匀速行驶，如过ETC通道，需要在收费站中心线前d10 m处正好匀减速至v14 m/s，匀速通过中心线后，再匀加速至v0正常行驶设汽车匀加速和匀减速过程中的加速度大小均为1 m/s2，忽略汽车车身长度(1)求汽车过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小；(2)如果汽车以v210 m/s的速度通过匀速行驶区间，其他条件不变，求汽车提速后过收费站过程中比提速前节省的时间答案(1)894 m(2)10.7 s解析(1)设汽车匀减速过程位

26、移大小为d1，由运动学公式得v12v022ad1解得d1442 m根据对称性可知从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小x12d1d894 m(2)如果汽车以v210 m/s的速度通过匀速行驶区间，设汽车提速后匀减速过程位移大小为d2，由运动学公式得v22v022ad2解得d2400 m提速前，汽车匀减速过程时间为t1，则d1t1解得t126 s通过匀速行驶区间的时间为t1，有dv1t1解得t12.5 s从开始减速到恢复正常行驶过程中的总时间为T12t1t154.5 s提速后，汽车匀减速过程时间为t2，则d2t2解得t220 s通过匀速行驶区间的时间为t2，则dv2t2解得t21 s匀速通过(d1d2)位移时间t1.4 s通过与提速前相同位移的总时间为T22t2t22t43.8 s所以汽车提速后过收费站过程中比提速前节省的时间TT1T210.7 s.