辽宁省鞍山市2022-2023学年高一上学期期末数学试题含答案.docx
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1、鞍山市普通高中2022-2023学年度上学期高一质量监测数学一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1. 已知集合,那么( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据并集、交集的定义计算可得.【详解】,,.故选:D2. 命题:,的否定为( )A. ,B. 不存在,C. ,D. ,【答案】D【解析】【分析】含有量词的命题的否定方法:先改变量词,然后再否定结论即可【详解】解:命题:,的否定为:,故选:D3. 某科技攻关青年团队共有20人,他们的年龄分布如下表所示:年龄45403632302928人数2335241下列说法正确
2、的是( )A. 29.5是这20人年龄的一个25%分位数B. 29.5是这20人年龄的一个75%分位数C. 36.5是这20人年龄的一个中位数D. 这20人年龄的众数是5【答案】A【解析】【分析】分别计算25%,分位数得到A正确,B错误,再计算中位数和众数得到CD错误,得到答案.【详解】对选项A:,25%分位数为,正确;对选项B:,75%分位数为,错误;对选项C:这20人年龄的中位数是,错误;对选项D:这20人年龄的众数是,错误;故选:A4. 已知函数在区间上有唯一零点,则正整数( )A. 8B. 9C. 10D. 11【答案】C【解析】【分析】根据函数解析式可判断其定义域及单调性,利用零点存
3、在性定理即可求得结果.【详解】函数的定义域为,且在上是减函数;易得,根据零点存在性定理及其单调性,可得函数的唯一零点所在区间为,故选:C5. 函数的图象大致为( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】确定奇偶性,排除两个选项,再由函数值的正负排除一个选项,得出正确结论【详解】记,函数定义域为,则,函数为奇函数,排除BC,又时,排除D故选:A【点睛】思路点睛:函数图象的辨识可从以下方面入手:(1)从函数的定义域,判断图象的左右位置;从函数的值域,判断图象的上下位置(2)从函数的单调性,判断图象的变化趋势;(3)从函数的奇偶性,判断图象的对称性;(4)从函数的特征点,排除不合要求的图
4、象.6. 设是定义在上的偶函数,且在单调递增,则的解集为( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据函数的奇偶性以及单调性即可得,解不等式即可.【详解】由于是偶函数,且在单调递增,则,有,解得,即不等式的解集为,故选:B7. 函数是幂函数,对任意,且,满足,若,且,则的值( )A. 恒大于0B. 恒小于0C. 等于0D. 无法判断【答案】A【解析】【分析】确定函数在上单调递增,根据幂函数得到或,验证单调性得到,代入数据计算得到答案.【详解】对任意的,且,满足,函数是单调增函数,是幂函数,可得,解得或,当时,;当时,不满足单调性,排除,故,故恒成立故选:A8. 著名田园诗人陶渊明
5、也是一个大思想家,他曾言:勤学如春起之苗,不见其增,日有所长;辍学如磨刀之石,不见其损,日有所亏今天,我们可以用数学观点来对这句话重新诠释,我们可以把“不见其增”量化为每天的“进步率”都是1%,一年后是;而把“不见其损”量化为每天的“落后率”都是1%,一年后是可以计算得到,一年后的“进步”是“落后”的倍那么,如果每天的“进步率”和“落后率”都是20%,要使“进步”是“落后”的10000倍,大约需要经过(,)( )A. 17天B. 19天C. 21天D. 23天【答案】D【解析】【分析】根据题意得,根据对数的运算性质即可求解.【详解】经过x天后,“进步”与“落后”的比,两边取以10为底的对数得,
6、所以大于经过23天后,“进步”是“落后”10000倍故选:D二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分在每小题给出的四个选项中,有多项是符合题目要求的全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分9. 在疫情防护知识竞赛中,对某校的2000名考生的参赛成绩进行统计,可得到如图所示的频率分布直方图,其中分组的区间为,若同一组中数据用该组区间中间值作代表值,则下列说法中正确的是( )A. 考生竞赛成绩的平均分为72.5分B. 若60分以下视为不及格,则这次知识竞赛的及格率为80%C. 分数在区间内的频率为0.02D. 用分层抽样的方法从该校学生中抽取一个容量为200的样本,则成绩在区间
7、应抽取30人【答案】AB【解析】【分析】计算平均值得到A正确,计算及格率得到B正确,分数在区间内的频率为,C错误,区间应抽取人,D错误,得到答案.【详解】对选项A:平均成绩为,正确;对选项B:及格率为,正确;对选项C:分数在区间内的频率为,错误;对选项D:区间应抽取人,错误.故选:AB10. 如果实数,则下列不等式中成立的为( )A. B. C. D. 【答案】BC【解析】【分析】利用特殊值排除错误选项,利用差比较法证明正确选项.【详解】令,则,所以A错误,令,则,所以D选项错误.由,其中,所以,所以成立,B正确.由,其中,所以,所以成立,C正确.故选:BC11. 给出下述论述,其中正确的是(
8、 )A. 函数与函数表示同一个函数B. 若函数定义城为,则函数的定义域为C. 函数的单调递减区间是D. 若函数,则对任意,有【答案】BD【解析】【分析】根据定义域不同可判断A错误;由抽象函数定义域求法可得B正确;根据对数型复合函数的单调性可得C错误;由函数的解析式及基本不等式即可证明得出D正确.【详解】对A选项,由可得,解得或,故其定义域为,而需满足,解得,其定义域为,定义域不同,故函数不同,所以A错误;对B选项,函数的定义城为,即,所以,所以函数的定义城为,故B正确;对C选项,要使有意义,则,解得或,定义域为,设,则,因为在定义域上单调递增;,的增区间为,减区间为,所以根据复合函数的单调性可
9、得的递减区间为,故C错误;对于D选项,因为,要证对任意,有,即证,即证,即证,即证,显然成立,故D正确故选:BD12. 已知函数(其中e为自然对数的底数),若存在实数满足,且,则下列说法正确的有( )A. 在上单调递减B. 的值域为C. 的取值范围是D. 【答案】BCD【解析】【分析】作出函数的图象,即可判断出选项AB,根据函数与方程的思想可知,函数与函数图像有三个交点,得出之间的关系即可判断选项CD从而得出结果.【详解】作出的图象如下:对于选项A,由图象可知在和上分别单调递减,但在其并集上不具有单调性,故A说法错误;对于选项B,根据图像即可得函数的值域是,故选项B正确;对于选项D,令,即与函
10、数图像有三个交点,由图可知,故,选项D正确;对于选项C,由,且,可得,则;令,解得,令,解得;由图象可得,所以,故的取值范围是,选项C正确.故选:BCD三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分13. 已知正实数满足,则的最大值为_【答案】;【解析】【详解】由均值不等式的结论有: ,解得: ,当且仅当 时等号成立,即的最大值为.点睛:在应用基本不等式求最值时,要把握不等式成立的三个条件,就是“一正各项均为正;二定积或和为定值;三相等等号能否取得”,若忽略了某个条件,就会出现错误在应用基本不等式求最值时,要把握不等式成立的三个条件,就是“一正各项均为正;二定积或和为定值;三相等等号能否取得
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