2021届高三上学期期末考试理科综合物理试题(解析版).docx

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1、绝密启用前2021届高三年级期末考试理科综合物理试题本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。第卷1至5页，第卷6至16页，共300分。考生注意：1.答题前，考生务必将自己的考号、姓名填写在答题卡上。考生要认真核对答题卡上的考号、姓名与考生本人考号、姓名是否一致。2.第卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需要改动用橡皮擦干净，再选涂其他答案标号。第卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答。在试题卷上作答，答案无效。3.考试结束。监考人员将试卷、答题卡一并收回。第卷（选择题 共126分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，1418题只有

2、一项是符合题目要求的，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14.关于光电效应，以下说法正确的是（）A.用紫光照射某金属有光电子逸出，则用蓝光照射该金属也一定有光电子逸出B.对于某种金属，只要入射光的强度足够大，就会发生光电效应C.光电效应的发生基本不需要时间积累，只要入射光的波长小于金属的极限波长即可D.在光电效应中，光电子的最大初动能与入射光的频率成正比15如图所示，一质量均匀正方体物块，用两根细绳悬挂在天花板上，当物块平衡时，细绳O1A与水平面的夹角为37，细绳O1A与水平面的夹角为53，O1A绳的弹力为T1，O2A绳的弹力为T2下列说法正

3、确的是（）A.T1T2B.T1T2C.T1、T2的合力大小可能大于物块的重力D.T1、T2的合力方向可能不沿竖直方向16如图是物体做直线运动的v-t图象，由图可知，该物体（）A.第1s内和第3s内的运动方向相反B.第1s内和第4s内的位移大小不等C.第3s内和第4s内的加速度相同D.02s内和04s内的平均速度大小相等17.2019年11月14日，我国国家航天局在河北怀来的地外天体着陆综合试验场进行了火星探测器的相关实验工作，通过天文观测知道，火星直径约为地球的一半，质量约为地球的十分之一，它绕太阳公转的轨道半径约为地球绕太阳公转半径的1.5倍。以下说法正确的是（）A.火星公转的向心加速度比地

4、球的大B.火星公转的周期比地球的小C.火星公转的线速度比地球的大D.火星表面的重力加速度比地球表面的重力加速度小18.图甲为风力发电的简易模型，在风力作用下，风叶带动与杆固连的永磁铁转动，磁铁下方的线圈与电压传感器相连，在某一风速时，传感器显示如图乙所示，则下列说法正确的是（）A.磁铁的转速为10r/sB.该交流电可以直接加在击穿电压为9V的电容器上C.交流的电压表达式为u=12sin10t（V）D.线圈两端电压的有效值为6 V19.如图所示，一带负电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点。不计带电粒子

5、的重力。下列说法说法正确的是（）A.M带正电荷，N带负电荷B.a点的电势大于d点的电势C.M在b点的动能大于它在a点的动能D.N在d点的电势能等于它在e点的电势能20.质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质细杆的A点和B点，如图所示，绳a与水平方向成角，绳b在水平方向且长为l，当轻杆绕轴AB 以角速度匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，则下列说法正确的是( )A.a绳的张力不可能为零B.a绳的张力随角速度的增大而增大C.当角速度，b绳将出现弹力D.若b绳突然被剪断，则a绳的弹力一定发生变化21.质量分别为m1和m2的木块A和B之间用一轻质弹簧相连，将它们静置于倾角为的光滑斜面上，其中B

6、置于斜面底端固定的挡板上。弹簧的劲度系数为k。现用一平行于斜面的恒力F拉木块A沿斜面由静止开始向上运动，当木块B恰好对挡板的压力为零时，木块A在斜面上运动的速度为v。则下列说法正确的是（）A.此时弹簧的弹力大小为m1gsinB.在此过程中，A木块可能一直做加速运动C.在此过程中，拉力F在该过程中对木块A所做的功为F D.弹簧在该过程中弹性势能增加了卷（非选择题，共174分）三、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第2232题为必考题，每个学生都必须作答。第3338为选考题，考生根据要求作答。（一）必答题（共129分）22. （5分）某同学用图所示装置来验证动量守恒定律，实验时先让a球从斜槽轨道

7、上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下痕迹，重复10次；然后再把b球放在斜槽轨道末端的最右端附近静止，让a球仍从原固定点由静止开始滚下，和b球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次回答下列问题：（1）在安装实验器材时斜槽的末端应_（2）小球a、b质量ma、mb的大小关系应满足ma_mb，两球的半径应满足ra_rb（选填“”、“”或“=”）（3）本实验中小球落地点的平均位置距O点的距离如图所示，这时小球a、b两球碰后的平均落地点依次是图中水平面上的_点和_点（4）在本实验中结合图，验证动量守恒的验证式是下列选项中的_23. （10分）某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要

8、测量圆柱体的尺寸和电阻。（1）分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图1和图2所示，则长度为L=_cm，直径为d=_mm。（2）按图3连接电路后，实验操作如下：将滑动变阻器R1的滑动触头置于_端（填。“左”或“右”），将S2拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；将电阻箱R2的阻值调至最_（填“大”或“小”），S2拨向接点2，保持R1不变，调节R2，使电流表示数仍为I0，此时R2阻值为128；由此可知，圆柱体电阻R=_，进而可计算出该圆柱体的电阻率的表达式为_（用题目中的字母表示相关物理量）。24. （12分）2019年12月27日上午10时15分，我

9、国自行研制的C919大型客机106架机从浦东机场第四跑道起飞，经过2小时5分钟的飞行，在完成了30个试验点后，于12时20分返航并平稳降落浦东机场，顺利完成其首次飞行任务。假设飞机在水平跑道上的滑跑是初速度为零的匀加速直线运动，当滑跑距离x=1.35103m时才能达到起飞所要求的速度v=90m/s，已知飞机质量m=7.0104kg，滑跑时受到的阻力为自身重力的0.1倍。重力加速度取g=10m/s2在飞机滑跑过程中，求：（1）加速度a的大小（2）牵引力的平均功率P。12（20分）如图所示，电子电量为e=1.610-19C，质量为m=9.010-31kg，在O点以水平速度v0=8.0106m/s沿

10、极板中心飞入平行板电容器。已知两极板间距为d=16cm，板长为L=16cm，电子恰好从上极板的边缘飞出，进入垂直纸面向里的区域足够大匀强磁场，磁感应强度为B，电子在磁场力的作用下又恰好从下极板边缘进入电场，并在进入电场瞬间改变极板电性，电压大小不变。不计电子重力。求：（1）两极板间的电压大小；（2）磁场的磁感应强度B的大小；（3）如图建立平面坐标系xOy，在保证两极板间电压不变的情况下，当电子的速度变为2v0时，求电子从磁场左边界射出点的纵坐标。（二）选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题号后的方框涂黑。注意所选题号

11、必须与所涂题目的题号一致，在答题卡作答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。33.【物理选修3-3】（15分）（1）下列说法正确的是（）A.水的饱和气压随温度的升高而增加B.自然界凡是符合能量守恒定律的宏观过程都能自然发生C.液晶具有光学的各向异性D.荷叶上的露珠成球形是表面张力的结果E.布朗运动是悬浮在液体中的固体颗粒的分子无规则运动的反映（2）如图所示，一支粗细均匀且足够长的玻璃管，倒插入水银槽中，玻璃管封闭端的上部有一段60cm长的水银柱，玻璃管内下端水银柱上表面与槽内水银面相平，其间封有48cm长的空气柱。设环境温度保持不变，已知大气压强P0=75cmHg求：管内水银

12、柱与玻璃管的顶端间的压强；将玻璃管缓慢上提后，当管内上段水银柱与玻璃管的顶端间弹力恰好为零时，玻璃管中空气柱的长度。34.【物理选修3-4】（15分）（1）如图甲所示，沿波的传播方向上有间距均为1m的六个质点a、b、c、d、e、f，均静止在各自的平衡位置上，t=0时刻振源a从平衡位置竖直向上做简谐运动，其振动图象如图乙所示，形成的简谐横波以1m/s的速度水平向右传播，则下列说法正确的是（）A.此六个质点都振动起来后，质点c运动方向始终与质点a运动方向相反B.6s时质点e的速度大小为1m/s，水平向右C.4-5s内质点c的加速度在减小D.0-3s内质点b的运动路程为4cmE.这列波的周期为4s（

13、2）如图，在注满水的游泳池的池底有一点光源A，它到池边的水平距离为3.0m从点光源A射向池边的光线AB与竖直方向的夹角恰好等于全反射的临界角，水的折射率为（i）求池内的水深；（ii）一救生员坐在离池边不远处的高凳上，他的眼睛到地面的高度为2.0m当他看到正前下方的点光源A时，他的眼睛所接受的光线与竖直方向的夹角恰好为45求救生员的眼睛到池边的水平距离（结果保留1位有效数字）解析版14. 【答案】C【解析】解：A、当入射光的频率不小于金属的极限频率时，才能发生光电效应现象，用紫光照射某金属有光电子逸出，由于蓝光的频率小于紫光，则用蓝光照射该金属不一定有光电子逸出，故A错误。B、光电效应发生条件与

14、光的强度无关，只与入射光的频率有关，故B错误。C、对任何一种金属，都有一个“最大波长”，入射光的波长必须小于这个波长才能产生光电效应，且光电效应的发生几乎不需要时间积累，故C正确。D、根据Ekm=h-W知，光电子最大初动能与入射光的频率成线性关系，不成正比，故D错误。故选：C。发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，或入射光的波长小于金属的极限波长。光的强度影响单位时间内发出的光电子数目，即光电流的大小，同时光电效应的发生几乎不需要时间积累。解决本题的关键知道光电效应的条件，以及知道光电效应方程，知道最大初动能与入射光频率的关系。15. 【答案】A【解析】解：对物体进行受力分析，如

15、图所示：根据平衡条件：T1=mgsin37T2=mgcos37因为sin37cos37，所以T1T2，故A正确，B错误；CD、对物体，T1、T2、mg三力平衡，T1、T2的合力和mg等大反向，故CD错误。故选：A。对物体进行受力分析，根据平衡条件可以求出T1、T2的大小；T1、T2、mg三力平衡，T1、T2的合力和mg大小相等，方向相反。本题考查了共点力的平衡条件。关键点：三力平衡时，任意两个力的合力和第三个力的大小相等，方向相反。16. 【答案】C【解析】解：A、第1s内和第3s内速度都为正，可知运动的方向相同，故A错误B、图形与时间轴所围成的面积表示位移，由图可知，第1s内和第4s内的位移

16、大小相等，故B错误；C、第3s内和第4s内图线的斜率相同，可知加速度相同，故C正确；D、由面积可知，02s内和04s内的位移相等，但用时不同，故平均速度大小不相等，故D错误故选：C在速度时间图线中，根据图线的斜率判断加速度之间的关系，根据速度的正负判断运动方向的关系，根据图象和时间轴所围成的面积即可求得对应的位移解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，速度的正负表示运动的方向，图线与时间轴围成的面积表示位移17. 【答案】D【解析】解：根据万有引力提供向心力，设行星的质量为m、轨道半径为r、太阳质量为M，有故选：D。根据万有引力提供向心力得出线速度、周期、向心加速度

17、与轨道半径的关系，从而比较大小，根据万有引力等于重力得出星球表面重力加速度的表达式，结合星球质量关系和半径关系，比较星球表面的重力加速度。解决本题的关键掌握万有引力定律的两个重要理论：1、万有引力等于重力，2、万有引力提供向心力，并能灵活运用。18. 答案】C【解析】解：A、电流的周期为T=0.4s，故磁体的转速为：n=2.5r/s，故A错误；B、电容器的击穿电压为交流电的最大值，而交流电的最大值大于电容器的击穿电压，故不能直接加在击穿电压9V的电容器上，故B错误；C、周期T=0.4s，故=5 rad/s，故电压的表达式为：U=12sin5t（V），故C正确；D、通过乙图可知电压的最大值为12

18、V，故有效值为：U=6V，故D错误；故选：C。根据u-t图象判断出电流的最大值与周期，明确交流电的最大值和有效值间的关系，知道电容器的击穿电压为交流电的最大值。根据相对性来分析与解决问题，即可判断出感应电压的大小变化，及转速与周期的关系。19. 【答案】AD【解析】解：A、由粒子运动轨迹的弯曲方向可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M带正电荷，N带负电荷，故A正确；B、在负电荷的电场中，靠近点电荷处的电势低，所以a点的电势小于d点的电势，故B错误；C、M从a到b点，库仑力做负功，电势能增加，动能减小，所以M在b点的动能小于它在a点的动能，故C错误；D、由图可知e与d到点电荷的距离是相

19、等的，所以两点的都是相等的，所以N在d点的电势能等于它在e点的电势能，故D正确；故选：AD。根据轨迹的弯曲方向，确定粒子所受的力是吸引力还是排斥力，从而确定粒子的电性；根据动能定理，结合库仑力做功情况判断动能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化。解答本题关键是根据曲线运动的条件判断出静电力的方向，明确电场力做功的情况。20. 【答案】AC【解析】解：A、小球做匀速圆周运动，在竖直方向上的合力为零，水平方向上的合力提供向心力，所以a绳在竖直方向上的分力与重力相等，可知a绳的张力不可能为零，故A正确；B、根据竖直方向上平衡得，Fasin=mg，解得，可知a绳的拉力不变，故B错误；C、当b绳拉力为

20、零时，有，b绳出现弹力，故C正确；D、由于b绳可能没有弹力，故b绳突然被剪断，a绳的弹力可能不变，故D错误。故选：AC。小球做匀速圆周运动，在竖直方向上的合力为零，水平方向合力提供向心力，结合牛顿第二定律分析判断。解决本题的关键知道小球做圆周运动向心力的来源分析，知道小球竖直方向合力为零，这是解决本题的关键21. 【答案】BC【解析】解：A、当木块B恰好对挡板的压力为零时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，即F弹=m2gsin，故A错误。B、若恒力F大于等于m1gsin+m2gsin，A木块一直做加速运动，故B正确。C、开始系统处于静止状态，弹簧弹力等于A的重力沿斜面下的分力，则有m1gs

21、in=kx1，x1为弹簧相对于原长的压缩量。当木块B恰好对挡板的压力为零时，有m2gsin=kx2，x2为弹簧相对于原长的伸长量，则A沿斜率上升的距离故选：BC。当木块B恰好对挡板的压力为零时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，由平衡条件求出此时弹簧的弹力大小。分析A的受力情况，判断其运动情况。开始系统处于静止状态，弹簧弹力等于A的重力沿斜面下的分力，根据胡克定律求解出弹簧的伸长量和压缩量，从而求出A上升的距离，根据W=Fx求解F做的功，根据重力做功与重力势能的关系求解A重力势能增加量，根据功能关系求弹簧弹性势能的增加量。对于含有弹簧的问题，往往要研究弹簧的状态，分析物块的位移与弹簧压缩量

22、和伸长量的关系是常用思路。要搞清能量是如何转化的，从能量的角度来研究弹簧弹性势能的增加量。22. 【答案】处于水平切线处 = A C B 【解析】解：（1）小球离开轨道后做平抛运动，在安装实验器材时斜槽的末端应保持水平，才能使小球做平抛运动（2）为防止碰撞过程入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量ma大于mb，即mamb为保证两个小球的碰撞是对心碰撞，两个小球的半径要相等；（3）由图1所示装置可知，小球a和小球b相撞后，小球b的速度增大，小球a的速度减小，b球在前，a球在后，两球都做平抛运动，由图示可知，未放被碰小球时小球a的落地点为B点，碰撞后a、b的落点点分别为A、C点（4）小球在空中

23、的运动时间t相等，如果碰撞过程动量守恒，则有：mav0=mavA+mbvB，两边同时乘以时间t得：mav0t=mavAt+mbvBt，得：maOB=maOA+mbOC，故选：B故答案为：（1）保持水平；（2），=；（3）A，C；（4）B（1）在安装实验器材时斜槽的末端应保持水平，才能使小球做平抛运动（2）为防止碰撞过程入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量；为了使小球发生对心碰撞，两小球的半径应相等（3）根据图示装置与小球的运动分析答题（4）根据实验的原理，明确动量守恒定律的内容，即可正确解答本题考查了实验需要测量的量、实验注意事项、实验原理、刻度尺读数、动量守恒表达式，解题时需要知道实验

24、原理，对刻度尺读数时要先确定其分度值，然后再读数，读数时视线要与刻度线垂直；求出需要实验要验证的表达式是正确答题的前提与关键23. 【答案】2.25 6.862 右 大 128 【解析】解：（1）游标卡尺是10分度的，分度值为0.1mm，长度为：L=22mm+50.1mm=22.5mm=2.25cm；由图示螺旋测微器可知，直径为：D=6.5mm+36.20.01mm=6.862mm（2）为保护电路使电路中电流不会超出电流表量程，应将滑动变阻器接入电路的阻值置于最大处，即最右端。为使电路中电流较小，使电流表示数逐渐变大，电阻箱阻值也应先调至最大。将S1闭合，S2拨向接点1时，其等效电路图如图甲所

25、示。将S2拨向接点2时，其等效电路图如图乙所示。由闭合电路欧姆定律可得：当两次I相同均为I0时有：R2=R所以：R=128根据电阻定律可得：R=R2=故答案为：（1）2.25，6.862；（2）右，大；128，。（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；（2）为了保证电路安全滑动变阻器R1的阻值电阻箱R2的阻值都应调至阻值最大处；运用替代法测圆柱体电阻，圆柱体电阻被电阻箱等效代替，故读出电阻箱的示数即为圆柱体的电阻； 根据电阻定律结合欧姆定律，联立即可求出圆柱体的电阻率。本题考查金属电阻率的测量实验，还考查了螺旋测微器和螺旋测微器

26、的读数方法；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，螺旋测微器需要估读，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读。在测量圆柱体电阻时运用了恒流替代法，掌握其实验原理和过程是解决的关键。24. 【答案】解：（1）根据得（2）设牵引力大小为F，由牛顿第二定律得F-f=ma其中f=0.1mg解得：F=2.8105N大飞机起飞过程的平均速度为所以牵引力的平均功率为答：（1）加速度a的大小是3m/s2；（2）牵引力的平均功率P为1.26106W。【解析】（1）根据速度位移公式很容易计算出加速度的大小；（2）先根据牛顿第二定律计算出牵引力的大小，则牵引力的平均功率等于牵引力与平均

27、速度的乘积。牵引力的平均功率的计算方法有两种，一种是牵引力做的功与所用时间的比值；另一种是牵引力与平均速度的乘积。25. 【答案】解：（1）粒子在电场中做类似平抛运动，平行极板方向，电子做匀速直线运动，运动时间有：（2）电子从电场射出时期速度与水平方向的夹角满足射出电场时电子的速度大小为电子在磁场中的运动轨迹如图所示粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：答：（1）两极板间的电压大小为360V；（2）磁场的磁感应强度B的大小为5.62510-4T；（3）电子从磁场左边界射出点的纵坐标为-0.3m。【解析】（1）电子在电场中做类似平抛运动，平行极板方向电子做匀速直线

28、运动，垂直极板方向电子做初速度为零的匀加速直线运动，根据分运动公式列式求解即可；（2）电子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，画出运动轨迹，结合几何关系得到圆的半径，然后根据牛顿第二定律列式求解；（3）当初速度变为原来的2倍时，分析电子出电场时的速度大小以及方向，根据洛伦兹力提供向心力分析电子的半径，根据几何知识求解电子从磁场左边界射出点的纵坐标。在解决类平抛运动时首先应该正确分析电子在水平和竖直方向的运动规律，在解决匀速圆周运动相关知识时，运动轨迹是关键，并且能根据几何找到相关的长度。33.【物理选修3-3】(1) 【答案】ACD【解析】解：A、与液体处于动态平衡的蒸气叫饱和蒸气；反

29、之，称为不饱和蒸气。饱和蒸气压力与饱和蒸气体积无关！在一定温度下，饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，这个压强叫做饱和蒸气压力。蒸发面温度升高时，水分子平均动能增大，单位时间内脱出水面的分子增多（此时，落回水面的分子数与脱出水面的分子数相等），故饱和气压随温度的升高而增加。故A正确；B、一切与热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的，都有方向性。故B错误。C、液晶既具有液体的流动性也具有单晶体的各向异性，即具有光学的各向异性，故C正确；D、荷叶上的露珠成球形是表面张力的结果，故D正确；E、布朗运动是悬浮在液体里的固体小颗粒的无规则运动，是液体分子无规则运动的反映，故E错误；故选：A

30、CD。一切与热现象有关的宏观自然过程都有方向性；饱和蒸气压与温度有关；晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；布朗运动是液体分子无规则运动的反映；荷叶上的露珠成球形是表面张力的结果。本题是热学综合题，考查了热力学第二定律、布朗运动、饱和蒸气压、表面张力、晶体，都是定性分析的问题，关键是要多看书。(2)【答案】解：设试管的横截面为S，对管内水银柱受力分析，由平衡条件得：PS+ghS=P0S即管内水银柱与玻璃管的顶端间的压强为：p=P0-gh=（75-60）cmHg=15cmHg玻璃管缓慢上提的过程，管内气体体积增大，压强减小，管内水银柱与玻璃管的顶端间弹力减小，当弹力减小为零时，气体压强p2=6

31、0cmHg，又p1=p0=75cmHg，由玻意耳定律得：p1SL1=p2SL2解得管内水银柱与玻璃管的顶端间弹力恰好为零空气柱长度：L2=60cm答：管内水银柱与玻璃管的顶端间的压强为15cmHg；当管内上段水银柱与玻璃管的顶端间弹力恰好为零时，玻璃管中空气柱的长度是60cm。【解析】以cmHg为单位，利用平衡即可求出管内水银柱与玻璃管的顶端间的压强；根据平衡求出初末状态封闭气体的压强，封闭气体发生等温变化，利用玻意耳定律结合几何关系即可求出玻璃管上提距离。本题考查气体定律与力学平衡的综合运用，解题关键是要利用平衡求出初末状态封闭气体的压强，分析好压强P、体积V、温度T三个参量的变化情况，再选

32、择合适的规律解决，要熟练掌握在求解玻璃管上提距离时，几何关系的运用。34.【物理选修3-5】(1) 【答案】ADE解：AE、波的周期与a点振动周期相等，由图乙知：周期为 T=4s；该波的波长=vT=14m=4m，此六质点都振动起来后，a、c的距离等于半个波长，所以质点a的运动方向始终与质点c的运动方向相反，故AE正确。B、质点e只在上下振动，不可能向右运动，故B错误。C、波从a传到c点的时间为t=2s，则在2s时，质点c刚开始振动，则在4-5s这段时间内质点c正由平衡位置向波谷运动，加速度在增大，故C错误。D、波从a传到b点的时间为=1s，则在0-3s内质点b已经振动了t=2s时间，而t=2s

33、=0.5T，所以质点b运动路程为 S=2A=22cm=4cm，故D正确。故选：ADE。由图乙读出周期；根据t=求出波传到各点的时间，分析质点的振动情况，由位置确定加速度的变化；根据各个质点间距离与波长的关系，分析质点运动方向的关系。本题关键在于根据波的传播方向及波长、周期等情况，分析判断各质点的振动情况。也可用画波形图的方法求解。(2)【答案】解：（i）光由A射向B点发生全反射，光路如图所示图中入射角等于临界角C，则有由几何关系可得，救生员到池边水平距离为 （2-x）m0.7m答：（i）池内的水深m（ii）救生员的眼睛到池边的水平距离约0.7m【解析】（i）光由光源A射向B点时恰好发生全反射，入射角等于临界角由临界角公式sinC=求临界角C，从而得到光线在B点的入射角，再由几何知识求出水深（ii）作出射向救生员的光路，由折射定律求出光线在水面的入射角根据几何关系求解救生员的眼睛到池边的水平距离本题是折射定律的应用问题，根据几何知识与折射定律结合进行处理要掌握全反射的条件和临界角公式，并能灵活运用