河南省洛阳市2022-2023学年高二上学期期末考试理科数学试题含答案.docx

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1、洛阳市2022+2023学年第一学期期末考试高二数学试卷（理）本试卷共4页，共150分考试时间120分钟注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上2考试结束，将答题卡交回一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1. 若直线经过点和，则直线l的倾斜角为（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】由斜率公式求出直线的斜率，利用倾斜角与斜率的关系求解.【详解】设直线的斜率为，且倾斜角为，则，则，而，故，故选：D.2. 已知数列，则6是这个数列的（ ）A. 第6项B. 第12项C. 第18项D. 第36项【答案】

2、C【解析】【分析】利用数列的通项公式求解.【详解】数列的通项公式为，令解得，故选:C.3. 若双曲线的渐近线方程是，虚轴长为4，且焦点在x轴上，则双曲线的标准方程为（ ）A. 或B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据双曲线的性质求解.【详解】由题可得解得，所以双曲线的标准方程为.故选:C.4. 如图，线段AB，BD在平面内，且，则C，D两点间的距离为（ ）A. 19B. 17C. 15D. 13【答案】D【解析】【分析】根据线面垂直的性质定理结合勾股定理求解.【详解】连接，因为，所以,又因为，,所以，所以,故选:D.5. “”是“曲线表示椭圆”的（ ）A. 充分而不必要条件B. 必要

3、而不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】B【解析】【分析】根据曲线表示椭圆，可求得t范围，根据充分、必要条件的定义，即可得答案.【详解】因为曲线为椭圆，所以，解得且，所以“”是“且”的必要而不充分条件.故选：B6. 设，向量，且，则（ ）A. B. C. 3D. 9【答案】A【解析】【分析】由向量的关系列方程求解的值，结合向量的模的公式计算得出结果.【详解】向量，且，解得，.故选：A7. 如果实数x，y满足，则的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】表示上的点与点连线的斜率,画出图形即可求解.【详解】表示圆心为，半径为的圆，表示上的点与点连线的斜

4、率.易知直线平行轴，且当直线为圆的切线时，,故，此时直线的斜率为1，由对称性及图形可得.故选:A.8. 设抛物线，点为上一点，过点作轴于点，若点，则的最小值为（ ）A. B. C. 4D. 5【答案】B【解析】【分析】首先得到抛物线的焦点坐标与准线方程，由抛物线的定义可知，则，即可得解.【详解】抛物线的焦点为，准线方程为，由抛物线的定义可知，所以，当且仅当、三点共线（之间）时取等号.故选：B9. 某牧场今年年初牛的存栏数为1200，预计以后每年存栏数的增长率为，且在每年年底卖出100头牛，牧场从今年起每年年初的计划存栏数构成数列，即，则大约为（ ）（参考数据：）A. 1429B. 1472C.

5、 1519D. 1571【答案】B【解析】【分析】由题意得数列递推公式，再用构造法求出通项，代入计算即可.【详解】由题可知，设，解得.即，故数列是首项为，公比为1.1的等比数列.所以，则，所以.故选：B.10. 过定点M的直线与过定点N的直线交于点A（A与M，N不重合），则面积的最大值为（ ）A. B. C. 8D. 16【答案】C【解析】【分析】根据题意分析可得点A在以为直径的圆上，结合圆的性质求面积的最大值.【详解】对于直线，即，可得直线过定点，对于直线，即，可得直线过定点，则直线与直线垂直，即，点A在以为直径的圆上，且，由圆的性质可知：面积的最大值为.故选：C.11. 已知数列满足，且，

6、则数列的前18项和为（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】利用数列的递推公式，结合累乘法，求得其通项公式，根据三角函数的计算，求得数列的周期，整理数列的通项公式，利用分组求和，可得答案.【详解】由，则，即，显然，满足公式，即，当时，；当时，；当时，；当时，当时，；当时，；则数列是以为周期的数列，由，则，设数列的前项和为，.故选：D.12. 已知是双曲线的左、右焦点，O为坐标原点，以为直径的圆与双曲线C的一个交点为A，以为直径的圆与双曲线C的一个交点为B，若，A，B恰好共线，则双曲线C的离心率为（ ）A. B. C. D. 3【答案】B【解析】【分析】设，在中，根据余弦定理可得

7、，根据三角形面积公式可得，设,则，从而可得，代入，结合及离心率公式即可求解.【详解】设，因为在双曲线上，故.由余弦定理可得，所以.所以.由题意可得与为直角三角形，所以.因为是的中点，所以是的中点.设,则.所以.故.所以,解得，.所以,可得，故.故选：B.二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分13. 直线与直线之间的距离为_【答案】【解析】【分析】确定两直线是平行直线，故可根据平行线间的距离公式求得答案.【详解】直线可化为，则直线与直线平行,故直线与直线之间的距离为，故答案为：.14. 设、分别在正方体的棱、上，且，则直线与所成角的余弦值为_【答案】【解析】【分析】以为坐标原点，建立空

8、间直角坐标系，利用向量法能求出直线与所成角的余弦值【详解】、分别在正方体的棱、上，且，如图以为坐标原点，建立空间直角坐标系，设，则，设直线与所成角为，则直线与所成角的余弦值故答案为：15. 已知，是椭圆：（）的左，右焦点，A是椭圆的左顶点，点在过A且斜率为的直线上，为等腰三角形，则椭圆的离心率为_.【答案】#0.5【解析】【分析】结合图像，得到，再在中，求得，从而得到，代入直线可得到，由此可求得椭圆的离心率.【详解】由题意知，直线的方程为：，由为等腰三角形，得，过作垂直于轴，如图，则在中，故，所以，即，代入直线，得，即，所以所求的椭圆离心率为.故答案为：.16. 首项为正数，公差不为0的等差数

9、列，其前n项和为，现有下列4个命题：也是等差数列；数列也是等差数列；若，则时，最大；若的项数为奇数，其中所有奇数项的和为290，所有偶数项的和为261，则此数列的项数是19其中所有真命题的序号是_【答案】【解析】【分析】对，由等差中项性质判断；对，求出数列的通项公式即可判断；对，由结合解析式化简得，由定义即可判断；对，设项数为，根据求和公式列方程组解得参数，即可判断.【详解】设数列的公差为d，首项为，则，对， ，不是等差数列，错；对，则数列为首项，公差为的等差数列，对；对，由定义可知，时，最大，对；对，由题意可设的项数为，则所有奇数项组成的数列为首项，公差，项数为的等差数列，故所有奇数项的和为

10、，所有偶数项组成的数列为首项，公差，项数为的等差数列，故所有偶数项的和为. 两式相除得，数列的项数是19，对.故答案为：.三、解答题：本大题共6个小题，共70分解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤17. 已知是数列的前项和，且，设（1）若是等比数列，求；（2）若是等差数列，求的前项和，【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）由等比数列的通项公式的求法求解即可；（2）由等差数列的通项公式的求法，结合公式法求数列的前项和即可【小问1详解】解：已知是数列的前项和，且，则，又是等比数列，设公比为,则，即；【小问2详解】解：已知是等差数列，设公差为,又，则，则，即，则，则，则，即的前项和18

11、. 在平面直角坐标系中，已知圆M的圆心在直线上，且圆M与直线相切于点（1）求圆M的方程；（2）过直线l被圆M截得的弦长为，求直线l的方程【答案】（1） （2）或【解析】【分析】（1）根据已知得出点与直线垂直的直线方程，根据圆切线的性质得出该直线过圆心，与已知过圆心方程联立即可得出圆心坐标，根据圆心到切线的距离得出圆的半径，即可得出圆的方程；（2）根据弦长得出点到直线l的距离，分类讨论直线l的斜率，设出方程，利用点到直线的距离列式，即可得出答案.【小问1详解】过点与直线垂直的直线方程为：，即 则直线过圆心，解得，即圆心为，则半径为，则圆M的方程为：；【小问2详解】过直线l被圆M截得的弦长为，则点

12、到直线l的距离，若直线l的斜率不存在，则方程为，此时圆心到直线l的距离为1，不符合题意；若直线l的斜率存在，设直线l的方程为：，则，解得，则直线l的方程为：或.19. 如图， 和所在平面垂直，且（1）求证：；（2）若，求平面和平面的夹角的余弦值【答案】（1）见解析； （2）.【解析】【分析】（1）取的中点，可得，根据可得，由线面垂直的判定定理及性质定理可证明；（2）作于点,以点为原点，所在直线分别为轴建立空间坐标系，求出两个平面的法向量即可求解.【小问1详解】取的中点，连接，因为，所以.因为公共边，所以，所以,所以.因为平面，所以平面，因为平面,所以.【小问2详解】当,可设,作于点,连接，易证

13、两两垂直，以点为原点，所在直线分别为轴建立空间坐标系，则,设平面的法向量为，,所以，令,可得，则.易知平面，所以平面的法向量为，设平面和平面的夹角为，则,故平面和平面的夹角的余弦值为.20. 已知直线与抛物线交于A，B两点（1）若，直线的斜率为1，且过抛物线C的焦点，求线段AB的长；（2）若交AB于，求p的值【答案】（1）8； （2）.【解析】【分析】（1）焦点为，直线的方程为，联立直线与抛物线的方程，根据弦长公式即可求解；（2）设直线的方程为，根据题意可得，且在直线上，从而可得直线的方程为，联立直线与抛物线的方程，根据韦达定理可得，代入即可求解.【小问1详解】若，则抛物线，焦点为，故直线的方

14、程为.设，联立，消去，可得，故.故.【小问2详解】设直线的方程为，因为交AB于，所以，且，所以，直线的方程为.又在直线上，所以,解得.所以直线的方程为.由，消去，可得，则.因为，所以，即，解得.21. 已知等比数列的前n项和为，且（1）求数列的通项公式；（2）若，求数列的前n项和【答案】（1）； （2）.【解析】【分析】（1）根据与的关系可得公比，由可求，再根据等比数列的通项公式即可求解；（2），由错位相减法即可求解.【小问1详解】因为，所以当时，两式相减得，即.故等比数列的公比为3.故，解得.所以.【小问2详解】，故，-，得，所以.22. 已知椭圆，离心率为，点在椭圆C上（1）求椭圆C的标准方程；（2）记A是椭圆的左顶点，若直线l过点且与椭圆C交于M，N两点（M，N与A均不重合），设直线AM，AN的斜率分别是试问是否为定值？若是，求出定值；若不是，请说明理由【答案】（1） （2）是，定值为，理由见解析【解析】【分析】（1）由待定系数法列方程组求解；（2）直线l的斜率不为0，设为，结合韦达定理表示即可化简判断.【小问1详解】由题意得，椭圆C的标准方程为；【小问2详解】由题意得，直线l的斜率不为0，设为，联立直线与椭圆消x得，则，.故是定值，为.