2024年高考物理一轮复习（新人教版） 第4章 第2讲　抛体运动.docx

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1、第2讲抛体运动目标要求1.掌握平抛运动的规律，学会运用运动的合成与分解处理类平抛、斜抛运动问题.2.学会处理斜面或圆弧面约束下的平抛运动问题.3.会处理平抛运动中的临界、极值问题考点一平抛运动的规律及应用平抛运动1定义：将物体以一定的初速度沿水平方向抛出，物体只在重力作用下的运动2性质：平抛运动是加速度为g的匀变速曲线运动，运动轨迹是抛物线3研究方法：化曲为直(1)水平方向：匀速直线运动；(2)竖直方向：自由落体运动4基本规律如图，以抛出点O为坐标原点，以初速度v0方向(水平方向)为x轴正方向，竖直向下为y轴正方向，建立平面直角坐标系xOy.1平抛运动的加速度方向与速度方向总垂直()2相等时间

2、内做平抛运动的物体速度变化量相同()3相等时间内做平抛运动的物体速度大小变化相同()1平抛运动物体的速度变化量因为平抛运动的加速度为恒定的重力加速度g，所以做平抛运动的物体在任意相等时间间隔t内的速度变化量vgt是相同的，方向恒为竖直向下，如图所示2两个推论(1)做平抛运动的物体在任意时刻的瞬时速度的反向延长线一定通过此时水平位移的中点(2)做平抛运动的物体在任意时刻任意位置处，有tan 2tan .例1(多选)a、b两个物体做平抛运动的轨迹如图所示，设它们抛出的初速度分别为va、vb，从抛出至碰到台上的时间分别为ta、tb，则()AvavbBvavbCtatb Dtatb答案AD解析由题图知

3、，hbha，因为hgt2，所以tatb，又因为xv0t，且xaxb，所以vavb，选项A、D正确例2(2020全国卷16)如图，在摩托车越野赛途中的水平路段前方有一个坑，该坑沿摩托车前进方向的水平宽度为3h，其左边缘a点比右边缘b点高0.5h.若摩托车经过a点时的动能为E1，它会落到坑内c点c与a的水平距离和高度差均为h；若经过a点时的动能为E2，该摩托车恰能越过坑到达b点.等于()A20 B18 C9.0 D3.0答案B解析摩托车从a点做平抛运动到c点，水平方向：hv1t1，竖直方向：hgt12，可解得v1，动能E1mv12；摩托车从a点做平抛运动到b点，水平方向：3hv2t2，竖直方向：0

4、.5hgt22，解得v23，动能E2mv22mgh，故18，B正确考点二与斜面或圆弧面有关的平抛运动已知条件情景示例解题策略已知速度方向从斜面外平抛，垂直落在斜面上，如图所示，已知速度的方向垂直于斜面分解速度tan 从圆弧形轨道外平抛，恰好无碰撞地进入圆弧形轨道，如图所示，已知速度方向沿该点圆弧的切线方向分解速度tan 已知位移方向从斜面上平抛又落到斜面上，如图所示，已知位移的方向沿斜面向下分解位移tan 在斜面外平抛，落在斜面上位移最小，如图所示，已知位移方向垂直斜面分解位移tan 利用位移关系从圆心处水平抛出，落到半径为R的圆弧上，如图所示，已知位移大小等于半径R从与圆心等高的圆弧上水平抛

5、出，落到半径为R的圆弧上，如图所示，已知水平位移x与R的差的平方与竖直位移的平方之和等于半径的平方 考向1与斜面有关的平抛运动例3如图所示，从倾角为且足够长的斜面顶端P以速度v0抛出一个小球(可视为质点)，落在斜面上某处，记为Q点，小球落在斜面上的速度与斜面的夹角为，若把初速度变为2v0，小球仍落在斜面上，则以下说法正确的是()A夹角将变大B夹角与初速度大小无关C小球在空中的运动时间不变DPQ间距是原来间距的3倍答案B解析根据tan ，解得t，初速度变为原来的2倍，则小球在空中的运动时间变为原来的2倍，C错误；根据xv0t知，初速度变为原来的2倍，则水平位移变为原来的4倍，且PQ，故PQ间距变

6、为原来间距的4倍，D错误；末速度与水平方向夹角的正切值tan 2tan ，可知速度方向与水平方向夹角正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，因为位移与水平方向夹角不变，则末速度与水平方向夹角不变，由几何关系可知不变，与初速度大小无关，A错误，B正确例4(2023福建宁德市高三月考)如图所示，1、2两个小球以相同的速度v0水平抛出球1从左侧斜面抛出，经过时间t1落回斜面上，球2从某处抛出，经过时间t2恰能垂直撞在右侧的斜面上已知左、右两侧斜面的倾角分别为30、60，则()At1t212 Bt1t213Ct1t221 Dt1t231答案C解析由题意可得，对球1，有tan ，对球2，有tan ，又t

7、an tan 1，联立解得t1t221，A、B、D错误，C正确 考向2与圆弧面有关的平抛运动例5如图所示，一小球从一半圆轨道左端A点正上方某处开始做平抛运动(小球可视为质点)，飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点，O为半圆轨道圆心，半圆轨道半径为R，OB与水平方向的夹角为60，重力加速度为g，不计空气阻力，则小球抛出时的初速度为()A. B.C. D.答案A解析小球飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点，可知小球运动到B点时速度方向与水平方向的夹角为30，设位移方向与水平方向的夹角为，则tan ，由tan ，可得竖直方向的位移yR，而vy22gy，tan 30，联立解得v0，选项A正确考点三平抛运动

8、的临界和极值问题1平抛运动的临界问题有两种常见情形：(1)物体的最大位移、最小位移、最大初速度、最小初速度；(2)物体的速度方向恰好为某一方向2解题技巧：在题中找出有关临界问题的关键字，如“恰好不出界”“刚好飞过壕沟”“速度方向恰好与斜面平行”“速度方向与圆周相切”等，然后利用平抛运动对应的位移规律或速度规律进行解题 考向1平抛运动的临界问题例6如图所示，一网球运动员将网球(可视为质点)从O点水平向右击出，网球恰好擦网通过落在对方场地的A点，A点到球网的水平距离是击球点到球网的水平距离的2倍已知球网的高度为h，重力加速度为g，不计空气阻力，则网球击出后在空中飞行的时间为()A. B.C. D.

9、答案B解析设网球击出后在空中飞行的时间为t，因为A点到球网的水平距离是击球点到球网的水平距离的2倍，所以网球从击球点运动到球网的时间为，则Hgt2，Hhg()2，联立解得t，故选B. 考向2平抛运动的极值问题例7某科技比赛中，参赛者设计了一个轨道模型，如图所示模型放到0.8 m高的水平桌子上，最高点距离水平地面2 m，右端出口水平现让小球在最高点由静止释放，忽略阻力作用，为使小球飞得最远，右端出口距离桌面的高度应设计为()A0 B0.1 mC0.2 m D0.3 m答案C解析小球从最高点到右端出口，机械能守恒，有mg(Hh)mv2，从右端出口飞出后，小球做平抛运动，有xvt，hgt2，联立解得

10、x2，根据数学知识可知，当Hhh时，x最大，即h1 m时，小球飞得最远，此时右端出口距离桌面高度为h1 m0.8 m0.2 m，故C正确考点四斜抛运动1定义：将物体以初速度v0斜向上方或斜向下方抛出，物体只在重力作用下的运动2性质：斜抛运动是加速度为g的匀变速曲线运动，运动轨迹是抛物线3研究方法：运动的合成与分解(1)水平方向：匀速直线运动；(2)竖直方向：匀变速直线运动4基本规律以斜抛运动的抛出点为坐标原点O，水平向右为x轴的正方向，竖直向上为y轴的正方向，建立如图所示的平面直角坐标系xOy.初速度可以分解为v0xv0cos ，v0yv0sin .在水平方向，物体的位移和速度分别为xv0xt

11、(v0cos )tvxv0xv0cos 在竖直方向，物体的位移和速度分别为yv0ytgt2(v0sin )tgt2vyv0ygtv0sin gt1斜抛运动中的极值在最高点，vy0，由式得到t将式代入式得物体的射高ym物体落回与抛出点同一高度时，有y0，由式得总时间t总将式代入式得物体的射程xm当45时，sin 2最大，射程最大所以对于给定大小的初速度v0，沿45方向斜向上抛出时，射程最大2逆向思维法处理斜抛问题对斜上抛运动，从抛出点到最高点的运动可逆过程分析，看成平抛运动，分析完整的斜上抛运动，还可根据对称性求解某些问题例8(2021江苏卷9)如图所示，A、B两篮球从相同高度同时抛出后直接落入

12、篮筐，落入篮筐时的速度方向相同，下列判断正确的是()AA比B先落入篮筐BA、B运动的最大高度相同CA在最高点的速度比B在最高点的速度小DA、B上升到某一相同高度时的速度方向相同答案D解析若研究两个过程的逆过程，可看成是从篮筐沿同方向斜向上的斜抛运动，落到同一高度上的两点，则A上升的高度较大，高度决定时间，可知A运动时间较长，即B先落入篮筐中，A、B错误；因为两球抛射角相同，A的射程较远，则A球的水平速度较大，即A在最高点的速度比B在最高点的速度大，C错误；由斜抛运动的对称性可知，当A、B上升到某一相同高度时的速度方向相同，D正确例9(2020山东卷16)单板滑雪U形池比赛是冬奥会比赛项目，其场

13、地可以简化为如图甲所示的模型：U形滑道由两个半径相同的四分之一圆柱面轨道和一个中央的平面直轨道连接而成，轨道倾角为17.2.某次练习过程中，运动员以vM10 m/s的速度从轨道边缘上的M点沿轨道的竖直切面ABCD滑出轨道，速度方向与轨道边缘线AD的夹角72.8，腾空后沿轨道边缘的N点进入轨道图乙为腾空过程左视图该运动员可视为质点，不计空气阻力，取重力加速度的大小g10 m/s2，sin 72.80.96，cos 72.80.30.求：(1)运动员腾空过程中离开AD的距离的最大值d；(2)M、N之间的距离L.答案(1)4.8 m(2)12 m解析(1)在M点，设运动员在ABCD面内垂直AD方向的

14、分速度为v1，由运动的合成与分解规律得v1vMsin 72.8设运动员在ABCD面内垂直AD方向的分加速度为a1，由牛顿第二定律得mgcos 17.2ma1由运动学公式得d联立式，代入数据得d4.8 m(2)在M点，设运动员在ABCD面内平行AD方向的分速度为v2，由运动的合成与分解规律得v2vMcos 72.8设运动员在ABCD面内平行AD方向的分加速度为a2，由牛顿第二定律得mgsin 17.2ma2设腾空时间为t，由运动学公式得tLv2ta2t2联立式，代入数据得L12 m课时精练1.(多选)如图，x轴沿水平方向，y轴沿竖直方向图中画出了从y轴上沿x轴正方向抛出的三个小球a、b和c的运动

15、轨迹，其中b和c是从同一点抛出的不计空气阻力，则()Aa的飞行时间比b长Bb和c的飞行时间相等Ca的水平速度比b的小Db的初速度比c的大答案BD解析平抛运动可看成水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动的合运动，因ygt2，yaybyc，所以b和c的飞行时间相等且比a的飞行时间长，A错误，B正确；因xvt，xaxbxc，tatbtc，故vavbvc，C错误，D正确2.(2022广东卷6)如图所示，在竖直平面内，截面为三角形的小积木悬挂在离地足够高处，一玩具枪的枪口与小积木上P点等高且相距为L.当玩具子弹以水平速度v从枪口向P点射出时，小积木恰好由静止释放，子弹从射出至击中积木所用时间为t

16、.不计空气阻力下列关于子弹的说法正确的是()A将击中P点，t大于B将击中P点，t等于C将击中P点上方，t大于D将击中P点下方，t等于答案B解析由题意知枪口与P点等高，子弹和小积木在竖直方向上均做自由落体运动，当子弹击中积木时子弹和积木的运动时间相同，根据hgt2，可知下落高度相同，所以将击中P点；又由于初始状态子弹到P点的水平距离为L，子弹在水平方向上做匀速直线运动，故有t，故选B.3.(多选)如图所示，从某高度处水平抛出一小球，经过时间t到达地面时，速度与水平方向的夹角为，不计空气阻力，重力加速度为g.下列说法正确的是()A小球水平抛出时的初速度大小为B小球在t时间内的位移方向与水平方向的夹

17、角为C若小球初速度增大，则平抛运动的时间变长D若小球初速度增大，则减小答案AD解析由tan 可得小球平抛的初速度大小v0，A正确；设小球在t时间内的位移方向与水平方向的夹角为，由tan tan 可知，B错误；小球做平抛运动的时间t，与小球初速度无关，C错误；由tan 可知，v0越大，越小，D正确4.(2023黑龙江省建新高中高三月考)如图所示，将a、b两小球(均可视为质点)以大小为20 m/s的初速度分别从A、B两点先后相差1 s水平相向抛出，a小球从A点抛出后，经过时间t，a、b两小球恰好在空中相遇，且速度方向相互垂直，不计空气阻力，g取10 m/s2，则抛出点A、B间的水平距离是()A85

18、 m B100 mC200 m D180 m答案D解析a的运动时间为t，则b的运动时间为t1 s，1，解得t5 s，又因为xv0tv0(t1 s)，解得x180 m，故选D.5(2023山东烟台市高三模拟)如图所示，小球以v0正对倾角为的斜面水平抛出，若小球到达斜面的位移最小，则飞行时间t为(重力加速度为g)()Atv0tan BtCt Dt答案D解析如图所示，要使小球到达斜面的位移最小，则要求落点与抛出点的连线与斜面垂直，所以有tan ，而xv0t，ygt2，联立解得t，故选D.6.(多选)如图所示，竖直截面为半圆形的容器，O为圆心，AB为沿水平方向的直径一物体在A点以向右的水平初速度vA抛

19、出，与此同时另一物体在B点以向左的水平初速度vB抛出，两物体都落到容器的同一点P.已知BAP37，sin 370.6，cos 370.8，不计空气阻力，下列说法正确的是()AB比A先到达P点B两物体一定同时到达P点C抛出时，两物体的速度大小之比为vAvB169D抛出时，两物体的速度大小之比为vAvB41答案BC解析两物体同时抛出，都落到P点，由平抛运动规律可知，两物体下落了相同的竖直高度，由h解得t，可知两物体同时到达P点，A错误，B正确；在水平方向上，抛出的水平距离之比等于抛出速度之比，如图所示，设圆的半径为r，由几何关系得xAM2rcos237，xBM2rsin237，则xAMxBM169

20、，故vAvB169，C正确，D错误7.如图所示，一小球(视为质点)以速度v从倾角为的斜面底端斜向上抛出，落到斜面上的M点且速度水平向右现将该小球以2v的速度从斜面底端朝同样方向抛出，落在斜面上的N点下列说法正确的是()A落到M和N两点的小球在空中运动的时间之比大于12B小球落到M和N两点的速度之比大于12C小球落到N点时速度方向水平向右DM和N两点距离斜面底端的高度之比为12答案C解析由于落到斜面上M点时小球速度水平向右，故可把小球在空中的运动逆向看成从M点向左的平抛运动，设在M点的速度大小为vx，把小球在斜面底端的速度v分解为水平速度vx和竖直速度vy，则xvxt，ygt2，位移间的关系ta

21、n ，联立解得在空中飞行时间t，且vygt2vxtan ，v和水平方向夹角的正切值tan 2tan ，为定值，即落到N点时速度方向水平向右，故C正确；速度大小为vvx，即v与vx成正比，故落到M和N两点的速度之比为12，故B错误；由t知，落到M和N两点的小球在空中运动的时间之比为12，故A错误；竖直高度为ygt2，y与vx2成正比，则M和N两点距离斜面底端的高度之比为14，故D错误8.(多选)(2023辽宁省模拟)如图所示，一倾角为且足够长的斜面固定在地面上，将小球A从斜面顶端以速度v1水平向右抛出，小球击中了斜面上的C点，将小球B从空中与小球A等高的某点以速度v2水平向左抛出，小球恰好垂直斜

22、面击中C点，不计空气阻力，斜面足够长，重力加速度为g，下列说法中正确的是()A小球A在空中运动的时间为B小球B在空中运动的时间为C若将小球B以大小相等的初速度从该点向各个方向抛出，则竖直下抛落到斜面上所用时间最短D若将小球B以大小相等的初速度从该点向各个方向抛出，则垂直斜面向上抛出落到斜面上所用时间最长答案AD解析设小球A在空中运动的时间为t1，则x1v1t1，y1gt12，tan ，联立解得t1，故A正确；设小球B在空中运动的时间为t2，则tan ，解得t2，故B错误；根据运动的合成与分解可知，小球B落到斜面上所用时间取决于其在垂直于斜面方向的分运动的情况，易知小球B在垂直于斜面方向的加速度

23、大小始终为gcos ，则当小球B以垂直于斜面向下的初速度抛出时，其落到斜面上所用时间最短，当小球B以垂直于斜面向上的初速度抛出时，其落到斜面上所用的时间最长，故C错误，D正确9.套圈游戏是一项趣味活动，如图，某次游戏中，一小孩从距地面高0.45 m处水平抛出半径为0.1 m的圆环(圆环面始终水平)，套住了距圆环前端水平距离为1.0 m、高度为0.25 m的竖直细圆筒若重力加速度大小取g10 m/s2，忽略空气阻力，则小孩抛出圆环的初速度可能是()A4.3 m/s B5.6 m/sC6.5 m/s D7.5 m/s答案B解析根据h1h2gt2得t s0.2 s，则平抛运动的最大速度v1 m/s6

24、.0 m/s，最小速度v2 m/s5.0 m/s，则5.0 m/sv6.0 m/s，故选B.10.如图所示，在距地面高h的A点以与水平面成60的角度斜向上抛出一小球，不计空气阻力发现小球落在右边板OG上，且落点D与A点等高已知v02 m/s，h0.2 m，g取10 m/s2.则下列说法正确的是()A小球从A到D的水平位移为1.8 mB小球在水平方向做匀加速运动C若撤去OG板，则经过D点之后小球在竖直方向做自由落体运动，故再经0.2 s它将落地D小球从A到D的时间是0.6 s答案D解析小球在竖直方向的分速度为v0yv0sin 3 m/s，小球在水平方向的分速度为v0xv0cos m/s，小球从A

25、到D的时间为t s0.6 s，小球从A到D的水平位移为xv0xt m，所以A错误，D正确；小球在水平方向做匀速直线运动，所以B错误；若撤去OG板，在D点，小球在竖直方向速度大小为vyv0y3 m/s，则经过D点之后小球在竖直方向做匀加速直线运动，不是自由落体运动，所以C错误11.(2023河北保定市高三检测)如图所示，某次跳台滑雪训练中，运动员(视为质点)从倾斜雪道上端的水平平台上以10 m/s的速度飞出，最后落在倾角为37的倾斜雪道上重力加速度大小取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，不计空气阻力下列说法正确的是()A运动员的落点距雪道上端的距离为18 mB运动员飞出后

26、到雪道的最远距离为1.25 mC运动员飞出后距雪道最远时的速度大小为12.5 m/sD若运动员水平飞出时的速度减小，则他落在雪道上的速度方向将改变答案C解析根据平抛运动知识可知，xv0t，ygt2，tan 37，联立解得t1.5 s，则运动员的落点距雪道上端的距离为s18.75 m，选项A错误；当运动员速度方向与倾斜雪道方向平行时，距离倾斜雪道最远，根据平行四边形定则知，速度v12.5 m/s，选项C正确；运动员飞出后到雪道的最远距离为h2.25 m，选项B错误；当运动员落在倾斜雪道上时，速度方向与水平方向夹角的正切值tan 2tan 37，即速度方向与水平方向的夹角是一定值，可知若运动员水平

27、飞出时的速度减小，则他落在雪道上的速度方向不变，选项D错误12.(2022全国甲卷24)将一小球水平抛出，使用频闪仪和照相机对运动的小球进行拍摄，频闪仪每隔0.05 s发出一次闪光某次拍摄时，小球在抛出瞬间频闪仪恰好闪光，拍摄的照片编辑后如图所示图中的第一个小球为抛出瞬间的影像，每相邻两个球之间被删去了3个影像，所标出的两个线段的长度s1和s2之比为37.重力加速度大小取g10 m/s2，忽略空气阻力求在抛出瞬间小球速度的大小答案 m/s解析频闪仪每隔0.05 s发出一次闪光，每相邻两个球之间被删去3个影像，故相邻两球的时间间隔为t4T40.05 s0.2 s设抛出瞬间小球的速度为v0，每相邻

28、两球间的水平方向上位移为x，竖直方向上的位移分别为y1、y2，根据平抛运动位移公式有xv0t，y1gt2100.22 m0.2 m，y2g(2t)2gt210(0.420.22) m0.6 m，令y1y，则有y23y13y已标注的线段s1、s2分别为s1s2则有37整理得xy，故在抛出瞬间小球的速度大小为v0 m/s.13.(多选)2022年北京冬奥会在北京和张家口举行，北京成为了历史上第一个既举办过夏季奥运会又举办过冬季奥运会的城市图示为某滑雪运动员训练的场景，运动员以速度v110 m/s沿倾角37、高H15 m的斜面甲飞出，并能无碰撞地落在倾角60的斜面乙上，顺利完成飞越把运动员视为质点，

29、忽略空气阻力，重力加速度取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.以下说法正确的是()A运动员落至斜面乙时的速率为16 m/sB斜面乙的高度为7.2 mC运动员在空中飞行时离地面的最大高度为20 mD两斜面间的水平距离约为11.1 m答案AB解析运动员在水平方向做匀速直线运动，水平方向速度大小为vxv1cos 8 m/s，落到斜面乙时，设速度大小为v2，则满足vxv2cos ，解得v216 m/s，故A正确；设斜面乙高度为h，从斜面甲到斜面乙过程中，由机械能守恒定律得mg(Hh)mv22mv12，解得h7.2 m，故B正确；从斜面甲飞出时，运动员在竖直方向的速度大小为vyv1sin 6 m/s，则运动员在空中飞行时离地面的最大高度为HmaxH16.8 m，故C错误；运动员到达斜面乙的竖直方向速度大小为vyv2sin 8 m/s，则在空中运动的时间t s，则水平距离为xvxt15.9 m，故D错误