北京市清华大学附属中学2023-2024学年高一上学期期末模拟考试物理试卷含答案.pdf

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1、 第1页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 2023-2024 学年北京市清华附中高一（上）期末物理模拟试卷学年北京市清华附中高一（上）期末物理模拟试卷 一选择题（共一选择题（共 10 小题，满分小题，满分 30 分，每小题分，每小题 3 分）分）1（3 分）张明同学周末陪父母去超市，先用 5min 的时间找到了水果摊点，买了 4kg 红富士苹果，又在服装店买了一条长 100cm 的裤子，又去了体验室，最后在二楼乘速度为 0.65m/s 的电梯到一楼地下车库，然后开车返回家中题中给出的单位是国际单位制下的基本单位是（）Amin Bkg Ccm Dm/s 2（3 分）质量为 1kg 的物体，

2、在 5 个共点力作用下做匀速运动.现同时撤去大小分别是 3N 和 5N 的两个力，其余 3 个力保持不变，关于此后该物体的运动，下列说法中正确的是（）A可能做加速度大小是 6m/s2的匀速圆周运动 B可能做向心加速度大小是 8m/s2的匀变速曲线运动 C可能做加速度大小是 1m/s2的匀减速直线运动 D可能做加速度大小是 9m/s2的匀加速直线运动 3（3 分）匀速圆周运动是一种（）A加速度不变的曲线运动 B动能不变的曲线运动 C速度不变的曲线运动 D向心力不变的曲线运动 4（3 分）某通信卫星是与地球自转同步的人造卫星，其绕地球运动的周期约为（）A6 小时 B12 小时 C24 小时 D36

3、 小时 5（3 分）如图所示是磁带录音机的磁带盒的示意图，A、B 为缠绕磁带的两个轮子边缘上的点，两轮的半径均为 r，在放音结束时，磁带全部绕到了 B 点所在的轮上，磁带的外缘半径 R3r，C 为磁带外缘上的一点现在进行倒带，则此时（）AA、B、C 三点的线速度之比为 3：1：3 BA、B、C 三点的角速度之比为 1：3：3 CA、B、C 三点的周期之比为 3：1：3 DA、B、C 三点的向心加速度之比为 6：1：3 第2页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 6（3 分）如图所示为某港口大型起重装置，缆车下吊一重物正匀速运动，速度为2，所吊重物（可视为质点）的质量为 m，吊重物的缆绳长为

4、L，不计缆绳的重量，重力加速度为 g，当缆车突然停止时，缆绳所承受的拉力为（）A4mg B3mg C2mg Dmg 7（3 分）某国产车型启用全新动力标识，新的命名方式直接与车辆的加速性能联系起来，如图，TFSI 前面的那组数字称为 G 值，单位为 m/s2，计算公式为“G=10”式中v 为从静止加速到 100 公里每小时的速度变化量，t 为不同车型的百公里加速时间。则以下说法正确的是（）AG 值越大，车辆的动力越强劲 BG 值越大，车辆的速度变化量越大 C100 公里每小时是指车辆百公里加速的平均速度 D标识为 45TFSI 的车辆百公里加速时间约为 7.3s 8（3 分）如图，直角斜面固定

5、在水平面上，倾角分别为 53和 37。质量分别为 km 和 m 的滑块 A 和 B，用不可伸长的轻绳绕过直角处的光滑定滑轮连接。已知滑块A与斜面的动摩擦因数为0.5，滑块B光滑。开始按住 A 使两滑块静止，绳子刚好伸直。松手后，滑块 A 将沿斜面向下加速，加速度大小为 0.25g，g 为重力加速度。则 k 的值为（）第3页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 A175 B125 C2311 D1711 9（3 分）物体以速度 v0水平抛出，若不计空气阻力，则当其竖直分位移与水平分位移之比为 1：2 时，以下说法中正确的是（）A运动的时间为20 B运动的位移为5022 C竖直分速度等于20 D

6、瞬时速度大小为 2v0 10（3 分）电磁辐射是一种复合的电磁波，以相互垂直的电场和磁场随时间的变化而传递能量。人体生命活动包含一系列的生物电活动，这些生物电对环境的电磁波非常敏感，因此，电磁辐射可以对人体造成影响和损害。环境电磁波卫生标准等法规规定：当电磁辐射强度（单位时间内垂直通过单位面积的电磁辐射能量）不超过 0.15W/m2时，对人体没有任何影响。某办公区域内采用如图所示的无线路由器，若它的电磁辐射功率是 7.5W，则人体与该装置的安全距离至少为（）A2.0m B3.0m C4.0m D6.0m 二多选二多选题（共题（共 8 小题，满分小题，满分 24 分，每小题分，每小题 3 分）分

7、）（多选）11（3 分）以前人们盖房子打地基叫打夯，夯锤的结构如图所示。参加打夯的共有 5 人，四个人分别握住夯锤的一个把手，一个人负责喊号，喊号人一声号子，四个人同时向上用力将夯锤提起，号音一落四人同时松手，夯锤落至地面将地基砸实。某次打夯时，设夯锤的质量为 m，将夯锤提起时，每个人都对夯锤施加竖直向上的力，大小均为2，力持续的时间为 t，然后松手，夯锤落地时将地面砸出一个凹痕。不计空气阻力，则（）A在上升过程中，夯锤一定处于超重状态 B在下落过程中，夯锤一定处于超重状态 第4页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 C松手时夯锤的速度大小 vgt D夯锤上升的最大高度 hmgt2（多选）1

8、2（3 分）如图所示，高为 h1.25m 的平台上覆盖一层薄冰，现有一质量为 60kg 的滑雪爱好者以一定的初速度 v 向平台边缘滑去，着地时速度的方向与水平地面的夹角为 45（取重力加速度 g10m/s2）。由此可知下列各项中正确的是（）A滑雪者离开平台边缘时的速度大小是 5.0m/s B滑雪者着地点到平台边缘的水平距离是 2.5m C滑雪者在空中运动的时间为 1s D着地时滑雪者的速度大小是 5.0m/s（多选）13（3 分）如图所示，转盘甲、乙具有同一转轴 O，转盘丙的转轴为 O，用一皮带按如图的方式将转盘乙和转盘丙连接，A、B、C 分别为转盘甲，乙、丙边缘的点，且 rC3rA，rB2r

9、A。现让转盘丙绕转轴 0做匀速圆周运动，皮带不打滑。则下列说法正确的是（）AA、B、C 的线速度大小之比为 1：2：2 BA、B、C 的角速度之比为 2：2：3 CA、B、C 的向心加速度大小之比为 1：2：3 D如果转盘丙沿顺时针方向转动，则转盘乙沿逆时针方向转动（多选）14（3 分）如图所示，一小球从某高处 A 点自由落下，落到直立于地面的轻弹簧上，小球从 B点开始压缩弹簧，到达最低点 C，然后被弹簧弹回。下列说法中正确的是（）第5页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 A小球到达 B 点时速度最大 B小球速度最大出现在 B、C 之间 C接触弹簧后，小球的加速度先减小后增大 D接触弹簧后

10、，小球一直做匀减速运动直至停止（多选）15（3 分）如图所示，人在岸上拉船，已知船的质量为 m，水的阻力恒为 f，当轻绳与水平面的夹角为 时，人的速度为 v，人的拉力为 F（不计滑轮与绳之间的摩擦），则以下说法正确的是（）A船的速度为 B船的速度为 vcos C船的加速度为 D船的加速度为（多选）16（3 分）如图所示，金属环 M、N 用不可伸长的细线连接，分别套在水平粗糙细杆和竖直光滑细杆上，当整个装置以竖直杆为轴以不同大小的角速度匀速转动时，两金属环一直相对杆不动，下列判断正确的是（）A转动的角速度越大，细线中的拉力越大 B转动的角速度越大，环 M 与水平杆之间的弹力不变 C转动的角速度越

11、大，环 N 与竖直杆之间的弹力不变 D转动的角速度不同，环 M 与水平杆之间的摩擦力大小可能相等（多选）17（3 分）宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为 第6页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 双星系统。设某双星系统 A、B 绕其连线上的 O 点做匀速圆周运动，如图所示。若 AOOB，则（）A星球 A 的质量一定大于 B 的质量 B星球 A 的线速度一定大于 B 的线速度 C双星间距离一定，双星的质量之和越大，其转动周期越大 D双星的质量之和一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大（多选）18（3 分）如图所示，一颗卫星刚开始在半长轴为 a 的椭圆

12、轨道运动，其绕行周期为 T，近地点Q 与近地卫星圆轨道（未画出）相切，后来卫星在经过远地点 P 时通过变轨进入圆轨道，已知地球半径为 R，引力常量为 G，则根据以上信息可知（）A卫星在圆轨道的环绕周期为(2)33T B地球的质量为4232 C卫星在椭圆轨道上运动经过 Q 点时的速度大于第一宇宙速度 D卫星分别在圆轨道上绕行和在椭圆轨道上绕行时，经过 P 点时的加速度不同 三作图题（共三作图题（共 1 小题，满分小题，满分 3 分，每小题分，每小题 3 分）分）19（3 分）从地面上以初速度 v0竖直上抛一质量为 m 的小球，若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，球运动的速率随时间变化的规律

13、如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为 v1，且落地前小球已经做匀速运动，则在整个过程中，下列说法中不正确的是（）四实验题（共四实验题（共 2 小题，满分小题，满分 18 分）分）20（6 分）图甲为研究小球做平抛运动的规律的实验装置，图乙中的 A、B、C 为用频闪照相的方法在坐 第7页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 标纸上得到的小球运动过程中的三个位置。实验小组未记下小球平抛的抛出点，只记录下了 y 轴。实验小组测得 A、B、C 各点到 y 轴的距离分别为 x110cm、x215cm、x320cm，A、B 两点和 B、C 两点的竖直距离y16.25cm、y28.75cm

14、。取重力加速度大小 g10m/s2，忽略空气阻力，回答下列问题。（1）实验中，下列会导致实验误差的因素是 。a安装斜槽轨道，其末端没有保持水平 b小球与斜槽轨道之间有摩擦 c计算初速度时选取的点离抛出点较远 d频闪照相机闪光频率偏大（2）该小球做平抛运动的初速度 v0 m/s，该频闪照相机的闪光频率 f Hz（结果保留两位有效数字）。（3）如图乙所示，在以 y 轴竖直向下为正方向，以抛出点 O 为坐标原点，建立的 xOy 平面直角坐标系中，y 与 x 的函数关系式为 （用 g、x、y 和 v0表示）。21（12 分）（1）如图 1 所示为某同学所安装的“验证牛顿第二定律”的实验装置，在图示状态

15、下，开始做实验，该同学有装置和操作中的主要错误是：a ，b ，c ，d （2）在“验证牛顿第二定律”的实验中，为了使小车受到合外力等于小沙桶和沙的总重量，通常采用如下两个措施：第8页（共19页）学科网（北京）股份有限公司（A）平衡摩擦力：将长木板无滑轮的一端下面垫一小木块，反复移动木块的位置，直到小车在小桶的拉动下带动纸带与小车一起做匀速直线运动；（B）调整沙的多少，使沙和小沙桶的总质量 m 远小于小车和砝码的总质量 M，请问：以上哪一个措施中有何重大错误？（3）某一同学在“验证牛顿第二定律”的实验数据处理中作出了如图 2 的图象，形成这个图象的原因是平衡摩擦力时长木板倾角 、沙子 （填“过大

16、”、“过小”、“太多”、“太少”）五解答题（共五解答题（共 4 小题，满分小题，满分 22 分）分）22（4 分）从某一高度处水平抛出一物体，它落地时速度是 50m/s，方向与水平方向成 53（g 取 10m/s2，cos530.6，sin530.8）。求：（1）抛出点的高度和水平射程；（2）抛出后 3s 末的速度；（3）抛出后 3s 内的位移大小。23（5 分）已知地球表面上的重力加速度约为 10m/s2，第一宇宙速度约为 8km/s，某星球半径约为地球半径的 2 倍，质量是地球质量的 9 倍，求：（1）该星球表面的重力加速度；（2）该星球的第一宇宙速度。24（6 分）在粗糙的水平地面上，木

17、块受到水平拉力作用下做匀速直线运动，速度大小为 v0在木块处于位置 A 时，将水平拉力的大小突然增大到某值，但保持其方向不变；持续一段时间 t 后，又突然将水平拉力反向，但保持其大小不变，再持续同样一段时间后，木块运动到 B 点。已知重力加速度大小为 g，木块与水平地面的动摩擦因数为，求木块运动到 B 点时的速度大小。25（7 分）社会的高速发展让汽车走进了千家万户，给人们的生活带来许多方便与快捷。当你走在马路上，会看到各种各样的汽车从你的身边疾驰而过；当你走入小区，会看到大多数住户门前停着私家小汽车。汽车已成为人们必备的出行工具，悄然地改变人们的生活。但是汽车的快速发展，也给生活带来了新的挑

18、战，污染问题、交通拥堵问题、能源问题也都在影响着我们的生活。阅读材料，回答下列问题。（1）甲、乙、丙、丁四辆小车从同一地点向同一方向运动的图象如图 1、2 所示，下列说法中正确的是 。第9页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 A甲车做直线运动，乙车做曲线运动 B在 0t1时间内，甲车平均速度等于乙车平均速度 C在 0t2时间内，丙、丁两车在 t2时刻相遇 D在 0t2时间内，丙、丁两车加速度总是不相同的（2）一辆汽车在水平公路上转弯，沿曲线由 M 向 N 行驶，速度逐渐减小。图 3 四个选项 A、B、C、D 分别画出了汽车转弯时所受合力 F 的四种方向，其中正确的是 。（3）一质量为 2.

19、0103kg 的汽车在水平公路上行驶，路面对轮胎的最大静摩擦力为 1.6104N，当汽车经过半径为 100m 的弯道时，下列判断正确的是 。A汽车转弯时所受的力有重力、弹力、摩擦力和向心力 B汽车转弯的速度为 30m/s 时所需的向心力为 1.6104N C汽车转弯的速度为 30m/s 时汽车会发生侧滑 D汽车能安全转弯的向心加速度不超过 8.0m/s2（4）如图 5 所示，在平直的公路上，一辆向左运动的货车装载着完全相同的圆柱形空油桶。底层油桶平整排列在车厢底部，相互紧贴并固定，上层仅有一只摆放在 A、B 之间的 C 桶（未固定）。A、B、C始终保持相对静止，油桶的质量均为m，重力加速度为g

20、，不计油桶间摩擦。则下列说法正确的是 。AC 一定受到 3 个力 B当货车匀速时，C 对 B 的压力大小为2 C当货车减速时，A、C 间的弹力大小可能为零 D当货车加速时，B、C 间的弹力大小可能为233 第10页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 2023-2024 学年北京市清华附中高一（上）期末物理模拟试卷学年北京市清华附中高一（上）期末物理模拟试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一选择题（共一选择题（共 10 小题，满分小题，满分 30 分，每小题分，每小题 3 分）分）1【解答】解：kg、m 和 s 是国际单位制三个基本单位的符号，min 是时间单位，cm 是长度的单位，

21、但都不是基本单位，m/s 是速度的单位，是导出单位。故 B 正确，ACD 错误。故选：B。2【解答】解：根据共点力平衡条件可知同时撤去大小分别是 3N 和 5N 的两个力，其余 3 个力的合力与这两个力的合力等大反向，因此物体所受合力范围为 2NF8N 根据牛顿第二定律可知，加速度范围为 2m/s2a8m/s2 合力为恒力，物体不可能做匀速圆周运动；由题意可知，速度与合力方向关系不确定，所以物体可能做匀变速曲线运动，故 ACD 错误，B 正确。故选：B。3【解答】解：A做匀速圆周运动的物体加速度大小不变，方向始终指向圆心，故匀速圆周运动的加速度方向时刻改变，故 A 错误；B做匀速圆周运动的物体

22、速度方向时刻改变，但是速度大小不变，则其动能不变，故 B 正确；C 做匀速圆周运动的物体速度大小不变，方向时刻改变，故匀速圆周运动的速度时刻改变，故 C 错误；D做匀速圆周运动的物体向心力大小不变，方向时刻改变，故 D 错误。故选：B。4【解答】解：同步卫星相对地球静止，同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，T24h，故 C 正确，ABD 错误。故选：C。5【解答】解：靠磁带传动轮子边缘上的点具有相同的线速度，故 A、C 两点的线速度相等，即 vA：vC1：1；B 与 C 属于同轴转动，所以 BC。A、B 与 C 的角速度相等，由 vr 可知：vB：vC1：3，又 vA：vC1：1，所以 A、

23、B、C 三点的线速度之比 3：1：3故 A 正确；B、根据 vr 和 vA：vC1：1 可知 A：C3：1，又 BC所以 A、B、C 三点的角速度之比3：1：1，故 B 错误；第11页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 C、根据 T=2得：=13，又 BC，则 TBTC，所以 A、B、C 三点的周期之比 1：3：3故C 错误；D、向心加速度 av，所以 aA：aB：aCAvA：BvB：CvC（33）：（11）：（13）9：1：3故 D 错误；故选：A。6【解答】解：由题意知，缆车突然停车的瞬间，重物开始做圆周运动，其所受合力提供向心力，即：Fmgm2 其中 v=2 可得：F3mg。故 B

24、正确，ACD 错误 故选：B。7【解答】解：AB、由题设所给的 G 值的公式可知，G 值越大，该车的加速度越大，速度的变化率越大，由牛顿第二定律可知车辆的动力越强劲，故 B 错误，A 正确；C、时速 100 公里为瞬时速度，故 C 错误；D、100km/h27.8m/s，根据计算公式“G=10”可得：t27.84510s6.2s 故 D 错误。故选：A。8【解答】解：对滑块 A 分析，受重力、支持力、绳子的拉力和摩擦力，根据牛顿第二定律可得：kmgsin53Tkmgcos53kma 对滑块 B，受重力、支持力、绳子的拉力，根据牛顿第二定律可知：Tmgsin37ma 联立解得：k=175，故 A

25、 正确，BCD 错误；故选：A。9【解答】解：A、据题有：212gt2v0t，得物体运动的时间为：t=0，故 A 错误；B、竖直分位移为：y=12gt2=022，水平分位移为：x2y，则运动的位移为：s=2+2=5y=5022，故 B 正确；C、竖直分速度为：vygtv0，故 C 错误；D、瞬时速度大小为：v=02+2=2v0，故 D 错误。第12页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 故选：B。10【解答】解：根据题意，电磁辐射强度等于单位时间内垂直通过单位面积的电磁辐射能量，设人体与该装置的安全距离至少为 x，即 P=总42 代入数据解得人体与该装置的安全距离至少为：x2.0m，故 A

26、正确，BCD 错误。故选：A。二多选题（共二多选题（共 8 小题，满分小题，满分 24 分，每小题分，每小题 3 分）分）11【解答】解：A、在上升过程中，当夯锤向上匀减速时，加速度方向竖直向下，夯锤处于失重状态，故 A 错误；B、在下落过程中，当夯锤向下匀加速时，加速度方向竖直向下，夯锤处于失重状态，故 B 错误；C、由牛顿第二定律，由 412mgmgma，故 ag，方向竖直向上，由 vatgt，故 C 正确；D、由 C 选项分析，对夯锤施力后，夯锤先向上以 ag，匀加速运动 t 时间，位移为12gt2，松手后，夯锤仅受重力作用，加速度为g但方向竖直向下，夯锤向上匀减速直线运动直到速度减为零

27、，位移为22=12gt2，则夯锤上升的最大高度为 gt2，故 D 正确。故选：CD。12【解答】解：A、滑雪者做平抛运动，竖直方向为自由落体运动，由 vy22gh 可得，vy5.0m/s，着地时的速度方向与水平地面的夹角为 45，所以着地时水平速度和竖直速度的大小相等，所以滑雪者离开平台边缘时的速度大小 vvy5.0 m/s，故 A 正确。BC、竖直方向上，由 vygt 得：滑雪者在空中运动的时间 t0.5s，在水平方向上做匀速直线运动，水平距离为 xvt50.5m2.5m，故 B 正确，C 错误。D、滑雪者着地的速度大小为 v=2+2=52m/s，故 D 错误。故选：AB。13【解答】解：A

28、B.乙和丙通过皮带连接，vBvC，甲、乙同轴，AB，rB2rA根据 vr 可知 vB2vA，rC3rA，可解得：rA：rB：rC1：2：3，vA：vB：vC1：2：2，A：B：C3：3：2，故 A 正确，B 错误；C.根据向心公式 a2r，可得：=2：2：2=321：322：2233：6：4，故C 错误；D.如果转盘丙沿顺时针方向转动，皮带所受转盘丙给的摩擦力为顺时针方向，对皮带根据平衡条件可知 第13页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 转盘乙给皮带的摩擦力沿逆时针方向，转盘乙逆时针转动，故 D 正确。故选：AD。14【解答】解：首先分析一下，从 A 开始释放，到 B 点，小球做自由落体

29、运动，从 B 点接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短 C 点的过程中，物体的运动过程：在物体刚接触弹簧的时候，弹簧的弹力小于物体的重力，合力向下，小球还是向下加速，速度增大，弹力增大，合力减小，加速度减小，向下做加速度减小的加速运动，当弹簧的弹力和物体的重力相等时，加速度减小到零，小球的速度达到最大，后弹力大于了重力，小球开始减速，弹力继续增大，合力增大，加速度增大，直至减为零，故 AD 错误，BC正确；故选：BC。15【解答】解：AB、船沿绳方向的分速度大小等于人拉绳的速度大小。静船水平向右的速度沿绳和垂直于绳分解，如图 1 所示，根据平行四边形定则可得，船的速度为 v船=，故 A 正确，B 错误

30、。CD、对小船受力分析，如下图所示，绳对船的拉力大小等于人的拉力 F，由牛顿第二定律得：Fcosfma，解得船的加速度大小为 a=，故 D 正确，C 错误。故选：AD。16【解答】解：AC、对 N 受力分析知绳子的拉力在竖直方向的分力恒等于重力，即 FcosmNg，所以只要角度不变，绳子的拉力不变，环 N 与竖直杆之间的弹力 FNFsin 不变，故 A 错误，C 正确；B、对 M 受力分析知竖直方向 FNFcos+mgmNg+mg，与角速度无关，故 B 正确；D、对 M 受力分析知水平方向 Fsinfm2r，角速度不同，摩擦力大小可能相同，但方向相反，故 D正确。故选：BCD。第14页（共19

31、页）学科网（北京）股份有限公司 17【解答】解：A由于 A、B 绕 O 点运动的周期相同、角速度相同，且二者的向心力均由之间的万有引力提供，所以大小相等，即：2=2 因为 rArB，所以 mAmB，故 A 错误；B由于 A、B 绕 O 点运动的周期相同、角速度相同，根据 vr，因为 rArB，所以 vAvB，故 B正确；CD双星之间的距离为：LrA+rB 设双星周期为 T，根据万有引力提供向心力，有：2=422=422 联立以上两式可得：+=4232 解得：T=(+)423 根据上式可知，双星间距离一定，双星的总质量越大，其转动周期越小；双星的质量之和一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大，

32、故 C 错误，D 正确。故选：BD。18【解答】解：A、根据开普勒第三定律有：32=(2)312，所以卫星在圆轨道的环绕周期为 T1=(2)33T，故 A 正确；B、卫星在圆心轨道做圆周运动，万有引力提供向心力，则有：(2)2=4212(2 )，则地球的质量为 M=4232，故 B 正确；C、因为近地卫星的运行速度等于第一宇宙速度，而卫星要从近地卫星圆轨道变到椭圆轨道，则需要在Q 点点火加速，从而做离心运动，所以卫星在椭圆轨道上运动经过 Q 点时的速度大于第一宇宙速度，故 C 正确；D、根据牛顿第二定律可知，由于卫星分别在圆轨道上绕行和在椭圆轨道上绕行经过 P 点时，受到的万有引力相同，所以经

33、过 P 点时的加速度相同，故 D 错误。故选：ABC。第15页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 三作图题（共三作图题（共 1 小题，满分小题，满分 3 分，每小题分，每小题 3 分）分）19【解答】解：A、小球抛出时重力向下，阻力向下，此时速率最大故阻力最大，可知合力在抛出时最大，可知此时加速度最大，而加速度最小值为零，出现在匀速运动至落地前，故 A 错误；B、由小球受到的空气阻力与速率成正比，由可知在上升过程中空气阻力减小，又重力向下，故上升阶段合力减小，故加速度减小。下降过程中速率增大，空气阻力增大，方向向上，而重力向下，故合力逐渐减小，加速度逐渐减小，故 B 正确；C、由图可知，速

34、度为 v1时球匀速，说明重力等于阻力，故有：kv1mg，得：=1，故抛出瞬间的空气阻力为：f0kv0=01，故抛出瞬间的加速度为：a=+01=（1+01）g，故 C 正确；D、下降过程若是匀加速直线运动，其平均速度为12，而从图中可以看出其面积大于匀加速直线运动的面积，即图中的位移大于做匀加速的位移，而平均速度等于位移比时间，故其平均速度大于匀加速的平均速度，即大于12，故 D 正确 本题选错误的，故选：A 四实验题（共四实验题（共 2 小题，满分小题，满分 18 分）分）20【解答】解：（1）a、安装斜槽轨道，其末端没有保持水平，小球不能做平抛运动，会导致实验的误差，故 a 正确；b、小球与

35、斜槽轨道之间有摩擦，不会导致实验的误差，只需让小球每次从斜槽的同一位置由静止释放，保证到达斜槽末端的速度大小相等即可，故 b 错误；c、为了减小实验的误差，计算初速度时选取的点应离抛出点较远些，故 c 错误；d、频闪照相机闪光频率偏大，各点时间间隔变小，不影响实验的误差，故 d 错误。故选：a；（2）A、B、C 各点到 y 轴的距离分别为 x110cm、x215cm、x320cm，可知 AB 和 BC 的水平相等，时间间隔相等，在竖直方向上，根据2 1=2得：T=21=(8.756.25)10210=0.05s，则照相机的闪光频率：f=1=10.05=20，平抛运动的初速度：0=0.150.1

36、00.05/=1.0/；（3）平抛运动在水平方向上有：xv0t，在竖直方向上有：y=122，消去 t，解得：y=2202.故答案为：（1）a，（2）1.0，20，（3）y=2202.21【解答】解：（1）该同学有装置和操作中的主要错误是：a长木板右端未垫高以平衡摩撩力；第16页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 b电源应改用 6V 交流电源；c牵引小车的细线没有与木板平行 d开始实验时，小车离打点计时器太远（2）A、中平衡摩擦力时，不应用小桶拉动小车做匀速运动，应让小车自身下滑（即无动力）来平衡摩擦力即可，故 A 错误，B、为使小车受到的合力等于沙与沙桶的重力沙与沙桶的质量 m 应远小于小

37、车的质量 M，故 B 正确；本题选错误的，故选：A（3）从上图中发现直线没过原点，当 a0 时，F0也就是说当绳子上有拉力时小车没有加速度，说明小车的摩擦力大于重力沿斜面向下的分力平衡摩擦力时，所垫木板太低，即长木板倾角过小 从图象上可以看出：F 从 0 开始增加，沙子和小桶的质量远小于车的质量，慢慢的砂的质量在增加，那么在后面沙子和小桶的质量就没有远小于车的质量呢，那么绳子的拉力与沙子和小桶的总重力就相差大呢所以原因是沙子和小桶的质量没有远小于车的质量，即沙子太多 故答案为：（1）a、长木板右端未垫高以平衡摩擦力；b、电源应改用 6V 交流电源；c、牵引小车的细线没有与木板平行；d、开始实验

38、时，小车离打点计时器太远；（2）A；（3）过小；太多 五解答题（共五解答题（共 4 小题，满分小题，满分 22 分）分）22【解答】解：（1）设落地时的竖直方向速度为 vy，水平速度为 v0，则有 vyvsin500.8m/s40 m/s v0vcos500.6m/s30 m/s 抛出点的高度：h=22=80 m 运动时间：t=4s 水平射程 xv0t304m120m。（2）设抛出后 3s 末的速度为 v3，则 竖直方向的分速度：vy3gt3103m/s30m/s 根据平行四边形定则可知，v3=02+32=302m/s 设速度方向与水平方向的夹角为，则 tan=30=1，故 45。（3）3s

39、内物体在水平方向的位移 x3v0t3303m90m 竖直方向的位移 第17页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 y3=1232=121032m45m 故物体在 3s 内的位移 s=32+32=455m。答：（1）抛出点的高度为 80m，水平射程为 120m。（2）抛出后 3s 末的速度为 302m/s，与水平方向成 45角。（3）抛出后 3s 内的位移大小为 455m。23【解答】解：（1）由物体在星球表面引力等于重力，则有2=mg 得 g=2 代入数据解得该星球的重力加速度 g=94g地=9410m/s222.5m/s2（2）由重力提供向心力，则有 mgm2 得 v=代入数据解得：该星球

40、的第一宇宙速度 v17km/s。答：（1）该星球表面的重力加速度为 22.5m/s2；（2）该星球的第一宇宙速度为 17km/s。24【解答】解：当水平拉力突然增加至 F 时，木块做匀加速直线运动，设加速度大小为 a1，根据牛顿第二定律得：Fmgma1 设木块在时刻 t 的速度为 vt，根据运动学公式有：vtv0+a1t 水平拉力在时刻 t 突然反向，木块做匀减速直线运动，设加速度大小为 a2，根据牛顿第二定律得：F+mgma2 设木块在 B 点速度为 vB，则：vBvta2t 联立得：vBv02gt 答：木块运动到 B 点时的速度大小为 v02gt。25【解答】解：（1）Axt 图像中图线表

41、示位移随时间的变化规律，不是物体运动的轨迹，甲做匀速直线运动，乙做变速直线运动，故 A 错误；B由 xt 图像，在 0t1时间内，甲、乙两车通过的位移相等，时间相等，根据平均速度公式，甲车平均速度等于乙车平均速度，故 B 正确；C由 vt 图像与坐标轴所围面积表示位移，交点表示速度相等的时刻，则由图可知在 0t2时间内，丁车的位移大于丙车的位移，故 C 错误；第18页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 D.在 vt 图像中，图像的斜率表示车的加速度，当图线丁切线与图线丙平行时，该时刻两车的加速度相等，故 D 错误。故选：B。（2）在曲线运动中，汽车的速度方向沿轨迹的切线方向，合力指向运动轨

42、迹的凹侧，且汽车在做减速运动，所以合力的方向与速度方向成钝角，故 B 正确，ACD 错误；故选：B。（3）A.汽车转弯时受到的力有重力、弹力和摩擦力，向心力属于效果力，由指向圆心的合力提供，故A 错误；BC.汽车在转弯过程中，汽车受到的摩擦力提供汽车做圆周运动的向心力，则 F=2=2.0103302100=1.8 104，此时汽车以 30m/s 的速度转弯时会发生侧滑，故 B 错误，C 正确；D.汽车能安全转弯的向心加速度由最大静摩擦力提供，则 fmmam 解得：=8/2，故 D 正确；故选：CD。（4）B.当货车匀速时，对 C 受力分析，根据平衡条件可知，此时 C 受到自身的重力，AB 对它

43、的支持力的作用，如图所示：由几何关系结合正交分解可得：FNACsin30FNBCsin30 FNACcos30+FNBCcos30mg0 联立解得：=33 由此可知，C 对 B 的压力大小为33，故 B 错误；C.当货车向左减速时，根据牛顿第二定律可知，C 受到合力的方向水平向右，若此时 AC 之间的弹力大小为零，由平行四边形定则可知 C 受到的合力的方向不可能水平向右，故 C 错误；第19页（共19页）学科网（北京）股份有限公司 D.当货车向左加速时的加速度为=33时，根据牛顿第二定律可知，此时 C 对 A 恰好无支持力的作用，只有 B 对 C 有支持力的作用，且满足=30=233，故 D 正确；A.根据上述分析可知，C 不一定受三个力的作用，故 A 错误；故选：D。故答案为：（1）（1）B；（2）B；（3）CD；（4）D