福建师范大学附属中学2023-2024学年高一上学期期末考试物理试题含答案.pdf

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1、 第1页/共8页 学科网（北京）股份有限公司 福建师大附中福建师大附中 2023-2024 学年上学期期末考试学年上学期期末考试 高一物理试卷高一物理试卷 时间：时间：90 分钟分钟 满分：满分：100 分分 试卷说明：试卷说明：（1）本卷共三大题，）本卷共三大题，19 小题，解答写在答卷的指定位置上，考试结束后，只交答卷。小题，解答写在答卷的指定位置上，考试结束后，只交答卷。（2）考试过程中不得使用计算器或具有计算功能的电子设备。）考试过程中不得使用计算器或具有计算功能的电子设备。第第 I 卷（选择题，共卷（选择题，共 48 分）分）一、选择题：每小题一、选择题：每小题 4分，共分，共 48

2、 分。其中分。其中 1-8 题，每小题给出的四个选项中只有一个选项符题，每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题目要求；合题目要求；9-12 题，每小题给出的四个选项中有两个选项符合题目要求。选对得题，每小题给出的四个选项中有两个选项符合题目要求。选对得 4 分，选分，选不全的得不全的得 2 分，选错或不答的得分，选错或不答的得 0分。分。1.高跷运动是一项新型运动，图甲为弹簧高跷当人抓住扶手用力蹬踏板压缩弹簧后，人就向上弹起，进而带动高跷跳跃，如图乙则下列说法正确的是（）A.人向上弹起过程中，一直处于超重状态 B.人向上弹起过程中，踏板对人的作用力大于人对踏板的作用力 C.弹簧压缩到最低点时

3、，高跷对人的作用力大于人的重力 D.弹簧压缩到最低点时，高跷对地的压力等于人和高跷的总重力 2.在轻绳的两端各拴一个小球，某人用手拿着绳子上端的小球，站在三层楼阳台上，释放小球，使小球做自由落体运动，两小球相继落地的时间差为t，如果人站在四层楼阳台上，释放小球，让小球做自由落体运动，则两小球相继落地的时间差将（）A.小于t B.等于t C.大于t D.无法确定 3.广州塔，昵称小蛮腰，总高度达 600米，游客乘坐观光电梯大约一分钟就可以到达观光平台。若电梯简化成只受重力与绳索拉力，已知电梯在 t=0时由静止开始上升，以向上为正方向 a-t图像如图所示。则下列相关说法正确的是（）第2页/共8页

4、学科网（北京）股份有限公司 A.t=4.5s时，电梯处于失重状态 B.555s 时间内，绳索拉力最小 C.t=59.5s时，电梯处于超重状态 D.t=60s时，电梯速度恰好为零 4.如图所示，A、B两球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，重力加速度为 g，在细线被烧断的瞬间（）A.A球加速度大小为 gsin B.A 球加速度大小为 2gsin C.B 球加速度大小2gsin D.B球加速度大小为 gsin 5.甲、乙两人用两绳 aO和 bO通过装在 P楼和 Q楼楼顶的定滑轮，将质量为 m 的物块由 O点沿 Oa直线缓慢向上提升，如图所示，开始提升时

5、两绳之间的夹角为锐角。则在物块由 O点沿直线 Oa 缓慢上升过程中，aO绳和 bO绳的弹力分别为 Fa、Fb，以下判断正确的是（）A.Fa、Fb都逐渐减小 B.Fa、Fb都逐渐增大 C.Fa先减小后增大，Fb一直在增大 D.Fa一直在增大，Fb先减小后增大 为 第3页/共8页 学科网（北京）股份有限公司 6.某城市广场喷泉的喷嘴横截面为 S，喷泉喷出的水柱超过了高度 h。已知水的密度为，重力加速度为g，则用于给喷管喷水的电动机输出功率至少为（）A.ghS B.2ghSgh C.2ghS D.22ghSgh 7.质量为 m=2kg 的物体沿水平面向右做直线运动，t=0时刻受到一个水平向左的恒力

6、F，如图甲所示，此后物体的 vt图像如图乙所示，取水平向右为正方向，g 取 10m/s2，则 A.物体与水平面间的动摩擦因数为0.5=B.10s 末恒力 F的瞬时功率为 6W C.10s 末物体在计时起点左侧 4m处 D.010s 内恒力 F做功的平均功率为 0.6W 8.如图所示，物体自 O 点由静止开始做匀加速直线运动，A、B、C、D 是轨迹上的四点，测得4mAB=，6mBC=，8=CDm，且物体通过 AB、BC、CD 所用时间相等，则 OA 之间的距离为（）A.9m8 B.9m4 C.7m4 D.7m2 第4页/共8页 学科网（北京）股份有限公司 9.以一定的初速度竖直向上抛出质量为 m

7、的小球，它上升的最大高度为 h，空气阻力的大小恒为 f，则从抛出至回到抛出点的过程中，各力做功的情况正确的是（）A.重力做的功为零 B.物体克服重力做的功为-mgh C.物体克服空气阻力做的功为 2fh D.合外力做的功为零 10.静止在水平地面的物块，受到水平方向的拉力 F 作用，此拉力方向不变，其大小 F与时间 t的关系如图所示。设物块与地面间的静摩擦力最大值mf与滑动摩擦力大小相等，则（）A.0t1时间内 F的功率逐渐增大 B.2t时刻物块的加速度最大 C.2t时刻后物块做反向运动 D.3t时刻物块的动能最大 11.如图所示为甲、乙两球同向运动的 vt图象，甲球从静止出发，乙球以某一初速

8、度运动，在 t3 s 时两球恰好相遇，则()A.甲、乙两球从同一地点出发，且在 t2 s 时两球相距最近 B.在 t1 s 时乙球在前，甲球在后 C.在 t2 s 时乙球在前，甲球在后 D.在 t0 时，甲、乙两球相距 2.25 m 12.如图所示，将砝码置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的拉力 F 将纸板迅速抽出。若砝码和纸板的质量分别为 M 和 m，各接触面间的动摩擦因数均为，砝码与纸板左端的距离及与桌面右端的距离均为 d。下列说法正确的是（）第5页/共8页 学科网（北京）股份有限公司 A.纸板相对砝码运动时，纸板所受摩擦力的大小为（2Mm）g B.要使纸板相对砝码运动，F一定大于 2（M2

9、m）g C.若砝码与纸板分离时速度小于gd，砝码不会从桌面上掉下 D.当 F=（2M3m）g 时，砝码恰好到达桌面边缘 第第卷（非选择题，共卷（非选择题，共 52 分）分）二、填空题：本大题共二、填空题：本大题共 4 题，共题，共 17 分。分。13.国际单位制中力学基本单位是_、_、_。（用字母符号表示）14.质量为 m的汽车由静止开始运动，汽车在运动过程中所受阻力恒为 f，汽车发动机的额定输出功率为P。若汽车在平直公路上从静止开始做加速度为 a的匀加速运动，则匀加速运动的最长时间为t=_；若汽车以额定输出功率 P 从静止驶上倾角为 的山坡，重力加速度为 g，则汽车能达到的最大速度为 v=_

10、。15.在做“验证力的平行四边形定则”实验时：（1）要使每次合力与分力产生相同的效果，必须_ A每次将橡皮条拉到同样的位置 B每次把橡皮条拉直 C每次准确读出弹簧秤的示数 D每次记准绳的方向（2）如图所示，是两位同学在做“验证力的平行四边形定则”的实验时得到的结果，则其中_同学实验结果比较符合实验事实。16.为了探究物体质量一定时，加速度与力的关系，甲、乙两同学设计了如图所示的实验装置。其中 M 为带滑轮的小车的质量，m为沙和沙桶的质量，m0为滑轮的质量。力传感器可测出轻绳中的拉力大小。的的 第6页/共8页 学科网（北京）股份有限公司 （1）实验时，一定要进行的操作是_ A.将带滑轮的长木板右

11、端垫高，以平衡阻力 B.用天平测出沙和沙桶的质量 C.小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数 D.为减小误差，实验中一定要保证沙和沙桶的质量 m远小于小车的质量 M（2）甲同学在实验中得到如图所示的一条纸带（相邻两计数点间还有四个点没有画出），已知打点计时器采用的是周期为 0.02s 的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为_m/s2（结果保留三位有效数字）。（3）甲同学以力传感器示数 F 为横坐标，加速度 a为纵坐标，画出的 a-F图像是一条直线，图线与横坐标轴的夹角为，求得图线的斜率为 k，则小车的质量为_（填选项前的字母）A.1tan B.01ta

12、nm C.02mk D.2k（4）乙同学根据测量数据作出如图所示的 a-F 图线，该同学做实验时存在的问题是_。A.先释放小车，后接通电源 B.沙和沙桶的质量 m没有远小于小车的质量 M C.平衡摩擦力时木板没有滑轮的一端垫得过高 D.没有平衡阻力或平衡阻力不够 的 第7页/共8页 学科网（北京）股份有限公司 三、计算题：本大题共三、计算题：本大题共 3 小题，共小题，共 35 分。分。17.如图所示是公路上“避险车道”，车道表面是粗糙的碎石，其作用是供下坡的汽车在刹车失灵的情况下避险。质量 m=2.0103kg的汽车沿下坡公路行驶，当驾驶员发现刹车失灵的同时发动机失去动力，此时速度表示数 v

13、1=10m/s，汽车继续沿下坡公路匀加速直行l=350m、下降高度 h=50m时到达“避险车道”，此时速度表示数 v2=20m/s。（重力加速度 g取 10m/s2）（1）求从发现刹车失灵至到达“避险车道”这一过程汽车动能的变化量；（2）求汽车沿公路下坡过程中所受的阻力大小（3）若“避险车道”与水平面间的夹角为 17，汽车在“避险车道”受到的阻力是在下坡公路上的 3倍，求汽车在“避险车道”上运动的最大位移。（sin170.3）18.如图，水平地面上的矩形箱子内有一倾角为的固定斜面，斜面上放一质量为 m 的光滑球静止时，箱子顶部与球接触但无压力箱子由静止开始向右做匀加速运动，然后改做加速度大小为

14、 a 的匀减速运动直至静止，经过的总路程为 s，运动过程中的最大速度为 v （1）求箱子加速阶段的加速度大小 a（2）若 ag tan，求减速阶段球受到箱子左壁和顶部的作用力 19.如图，质量分别为 mA=1kg、mB=2kg两块相同材质和长度的木板 A和 B依次排放水平面上，木板上表面与平台等高，其长度均为 L=7m。质量为 m=2kg的小滑块放置在水平台上，与木板 A左端的距离x=6.25m滑块与水平台、木板与水平面的动摩擦因数均为 1=0.2，滑块与木板间的动摩擦因数 2=0.8。现给滑块一水平向右的初速度 v0=13m/s，假设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度 g 取10m

15、/s2。求：（1）滑块刚滑上木板 A时的速度；（2）木板 A的运动位移大小；（3）最终滑块到木板 A右端的距离。的 第8页/共8页 学科网（北京）股份有限公司 第1页/共19页 学科网（北京）股份有限公司 福建师大附中福建师大附中 2023-2024 学年上学期期末考试学年上学期期末考试 高一物理试卷高一物理试卷 时间：时间：90 分钟分钟 满分：满分：100 分分 试卷说明：试卷说明：（1）本卷共三大题，）本卷共三大题，19 小题，解答写在答卷的指定位置上，考试结束后，只交答卷。小题，解答写在答卷的指定位置上，考试结束后，只交答卷。（2）考试过程中不得使用计算器或具有计算功能的电子设备。）考

16、试过程中不得使用计算器或具有计算功能的电子设备。第第 I 卷（选择题，共卷（选择题，共 48 分）分）一、选择题：每小题一、选择题：每小题 4分，共分，共 48 分。其中分。其中 1-8 题，每小题给出的四个选项中只有一个选项符题，每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题目要求；合题目要求；9-12 题，每小题给出的四个选项中有两个选项符合题目要求。选对得题，每小题给出的四个选项中有两个选项符合题目要求。选对得 4 分，选分，选不全的得不全的得 2 分，选错或不答的得分，选错或不答的得 0分。分。1.高跷运动是一项新型运动，图甲为弹簧高跷当人抓住扶手用力蹬踏板压缩弹簧后，人就向上弹起，进而带动

17、高跷跳跃，如图乙则下列说法正确的是（）A.人向上弹起过程中，一直处于超重状态 B.人向上弹起过程中，踏板对人的作用力大于人对踏板的作用力 C.弹簧压缩到最低点时，高跷对人的作用力大于人的重力 D.弹簧压缩到最低点时，高跷对地的压力等于人和高跷的总重力【答案】C【解析】【分析】【详解】A人向上弹起的过程中，先做加速度逐渐减小的加速直线运动(超重状态)，而后做加速度逐渐增加的减速直线运动(失重状态)，最后做匀减速直线运动(完全失重)到最高点，选项 A 错误；B人向上弹起过程中，踏板对人的作用力和人对踏板的作用力属于作用力和反作用力，二者等大反向，选项 B错误；CD当弹簧压缩到最低点时，人有竖直向上

18、的加速度，根据牛顿第二定律可知，高跷对人的作用力大于人的重力，由牛顿第三定律可知人对高跷的作用力大于人的重力，高跷对地的压力大于人和高跷的总重力，选项 C正确，D 错误；第2页/共19页 学科网（北京）股份有限公司 故选 C。2.在轻绳的两端各拴一个小球，某人用手拿着绳子上端的小球，站在三层楼阳台上，释放小球，使小球做自由落体运动，两小球相继落地的时间差为t，如果人站在四层楼阳台上，释放小球，让小球做自由落体运动，则两小球相继落地的时间差将（）A.小于t B.等于t C.大于t D.无法确定【答案】A【解析】【详解】设细线的长度为 L，第一个小球着地后，另一个小球运动的位移为 L，在 L 内运

19、行的时间即为两球落地的时间差t，第一个球着地的速度为另一个小球在位移 L内的初速度，高度越高，落地的速度越大，则可知高度越高，另一个小球在位移 L内的初速度越大，根据位移时间关系 2012Lv tgt=+初速度越大，时间 t越短，所以人站在四层楼阳台上释放小球，则两小球相继落地的时间差将小于t。故选 A。3.广州塔，昵称小蛮腰，总高度达 600米，游客乘坐观光电梯大约一分钟就可以到达观光平台。若电梯简化成只受重力与绳索拉力，已知电梯在 t=0时由静止开始上升，以向上为正方向 a-t图像如图所示。则下列相关说法正确的是（）A.t=4.5s时，电梯处于失重状态 B.555s 时间内，绳索拉力最小

20、C.t=59.5s时，电梯处于超重状态 D.t=60s时，电梯速度恰好为零【答案】D【解析】【分析】【详解】A据题，电梯在 t=0 时由静止开始上升，加速度向上，此时加速度 a0，t=4.5s时，a0，加速度向上，电梯处于超重状态，故 A错误；B555s 时间内，a=0，电梯处于平衡状态，绳索拉力等于电梯的重力，大于电梯失重时绳索的拉力，所 第3页/共19页 学科网（北京）股份有限公司 以这段时间内绳索拉力不是最小，故 B 错误；Ct=59.5s 时，a0，加速度方向向下，电梯处于失重状态，故 C正确；D根据 a-t图象与坐标轴所围的面积表示速度的变化量，由几何知识可知，60s 内 a-t图象

21、与坐标轴所围的面积为 0，所以 60s 内速度的变化量为 0，而电梯的初速度为 0，所以 t=60s时，电梯速度恰好为 0故D正确 故选 D。4.如图所示，A、B两球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，重力加速度为 g，在细线被烧断的瞬间（）A.A球加速度大小为 gsin B.A 球加速度大小为 2gsin C.B 球加速度大小为 2gsin D.B球加速度大小为 gsin【答案】B【解析】【详解】AB细线在未烧断前，根据共点力平衡得，弹簧的弹力为 sinFmg=对于 A，合力为 合sin2sinFmgFmg=+=根据牛顿第二定律得，A的瞬时加速度

22、方向沿斜面向下，大小为 合2sinFagm=故 A 错误，B正确；CD烧断细绳的瞬间，弹簧弹力不变，对于 B，瞬间合力为零，则 B 的瞬时加速度为零，故 CD错误。故选 B。5.甲、乙两人用两绳 aO和 bO通过装在 P楼和 Q楼楼顶的定滑轮，将质量为 m 的物块由 O点沿 Oa直线 第4页/共19页 学科网（北京）股份有限公司 缓慢向上提升，如图所示，开始提升时两绳之间的夹角为锐角。则在物块由 O点沿直线 Oa 缓慢上升过程中，aO绳和 bO绳的弹力分别为 Fa、Fb，以下判断正确的是（）A.Fa、Fb都逐渐减小 B.Fa、Fb都逐渐增大 C.Fa先减小后增大，Fb一直在增大 D.Fa一直在

23、增大，Fb先减小后增大【答案】D【解析】【详解】以物块为研究对象，由平衡条件得知，aO 绳弹力和 bO 绳弹力的合力与物块重力大小相等、方向相反，在物块由 O 点沿直线 Oa 缓慢上升过程中，aO 绳方向不变，则aF方向不变，bO 绳绕 O 点逆时针转动，作出转动过程中三个位置力的合成图如图所示，由 3到 2 再到 1的过程，可以看出 aO绳的拉力aF一直在增大，bO绳的拉力bF先减小后增大。故选 D。6.某城市广场喷泉的喷嘴横截面为 S，喷泉喷出的水柱超过了高度 h。已知水的密度为，重力加速度为g，则用于给喷管喷水的电动机输出功率至少为（）A.ghS B.2ghSgh C.2ghS D.22

24、ghSgh【答案】B 第5页/共19页 学科网（北京）股份有限公司【解析】【详解】设喷嘴处水最小速度为v，上升的高度刚好为h，则 22vgh=解得 2vgh=设经过时间t，喷嘴处喷出的水为m，则 mSv t=根据动能定理可得 212P tmv=解得 2PghSgh=故 ACD错，B对。故选 B。7.质量为 m=2kg 的物体沿水平面向右做直线运动，t=0时刻受到一个水平向左的恒力 F，如图甲所示，此后物体的 vt图像如图乙所示，取水平向右为正方向，g 取 10m/s2，则 A.物体与水平面间的动摩擦因数为0.5=B.10s 末恒力 F的瞬时功率为 6W C.10s 末物体在计时起点左侧 4m处

25、 D.010s 内恒力 F做功的平均功率为 0.6W【答案】D【解析】第6页/共19页 学科网（北京）股份有限公司【详解】A设物体向右做匀减速直线运动的加速度为 a1，则由 v-t图得加速度大小为 a1=2m/s2 方向与初速度方向相反，设物体向左做匀加速直线运动的加速度为 a2，则由 v-t图得加速度大小为 a2=1m/s2 方向与初速度方向相反，根据牛顿第二定律，有 F+mg=ma1 F-mg=ma2 解得 F=3N=0.05 故 A 错误；B10s末恒力 F 的瞬时功率 P=Fv=36W=18W 故 B 错误；C根据 v-t图与横轴所围的面积表示位移得 118 4m6 6m2m22x=负

26、号表示物体在起点以左，故 C错误；D0-10s内恒力 F 做功 W=Fx=32J=6J 则平均功率 6W0.6W10WPt=故 D 正确。故选 D。8.如图所示，物体自 O 点由静止开始做匀加速直线运动，A、B、C、D 是轨迹上的四点，测得4mAB=，6mBC=，8=CDm，且物体通过 AB、BC、CD 所用时间相等，则 OA 之间的距离为（）第7页/共19页 学科网（北京）股份有限公司 A.9m8 B.9m4 C.7m4 D.7m2【答案】B【解析】【详解】设物体的加速度为 v，通过 AB 的时间为 t，则有 52BACvtt=BC 段，有 212Bv tatBC+=解得 22at=从 O

27、到 B，根据速度公式得 2.5Bvtta=所以 OA 之间距离为 212satAB=解得 2.25ms=故选 B。9.以一定的初速度竖直向上抛出质量为 m的小球，它上升的最大高度为 h，空气阻力的大小恒为 f，则从抛出至回到抛出点的过程中，各力做功的情况正确的是（）A.重力做的功为零 B.物体克服重力做的功为-mgh C.物体克服空气阻力做的功为 2fh D.合外力做的功为零【答案】AC【解析】【详解】AB由题意可知，小球从抛出到落回抛出点，高度差为 的 第8页/共19页 学科网（北京）股份有限公司 0h=根据功的定义式，可得重力做功为 G0Wmg h=则物体克服重力做功也是 0，所以 A正确

28、，B 错误；C由题意可知，阻力大小恒定，小球从抛出到落回抛出点过程中阻力一直做负功，所以空气阻力做功为 f22Wfhfh=即物体克服空气阻力做的功为 2fh，所以 C 正确；D合外力做的功为 f22WWfhfh=合 故 D 错误。故选 AC。10.静止在水平地面的物块，受到水平方向的拉力 F 作用，此拉力方向不变，其大小 F与时间 t的关系如图所示。设物块与地面间的静摩擦力最大值mf与滑动摩擦力大小相等，则（）A.0t1时间内 F的功率逐渐增大 B.2t时刻物块的加速度最大 C.2t时刻后物块做反向运动 D.3t时刻物块的动能最大【答案】BD【解析】【详解】A由图象可知，10 t时间内拉力 F

29、小于最大静摩擦力，物体静止，拉力功率为零，故 A 错误；B由图象可知，在2t时刻物块 A 受到的拉力最大，物块 A 受到的合力最大，由牛顿第二定律可得，此时物块 A的加速度最大，故 B正确；C由图象可知在23tt时间内物体受到的合力与物块的速度方向相同，物块一直做加速运动，故 C错误；第9页/共19页 学科网（北京）股份有限公司 D由图象可知在13tt时间内，物块 A 受到的合力一直做正功，物体动能一直增加，在3t时刻以后，合力做负功。物块动能减小，因此在3t时刻物块动能最大，故 D 正确。故选 BD。11.如图所示为甲、乙两球同向运动的 vt图象，甲球从静止出发，乙球以某一初速度运动，在 t

30、3 s 时两球恰好相遇，则()A.甲、乙两球从同一地点出发，且在 t2 s 时两球相距最近 B.在 t1 s 时乙球在前，甲球在后 C.在 t2 s 时乙球在前，甲球在后 D.在 t0 时，甲、乙两球相距 2.25 m【答案】CD【解析】【详解】A.甲、乙两球从同一地点出发，在 t=3s时两球恰好相遇，即相距最近的位置应该是相遇点，故 A错 B、在 v-t图像中，图像包围的面积代表物体位移的大小，从图像上可以看出在 t=1s 时和 t=3s 时，乙比甲多出来的面积是相等的，所以甲乙在 t=1s 和 t=3时相遇，故 B错误；C、在 t=1s 时乙追上甲，所以在 t=2s 时乙在甲的前方，故 C

31、 正确；D、从图像上可以看出甲的加速度为2=1m/sa甲，运动 2s 后两者速度相等，所以2=3-2aa甲乙，解得：2=0.5m/sa乙 甲乙在 t=3s 时相遇，所以在 t=0 时，甲、乙两球相距222211113 3-3-3=3 3-0.5 3-1 3=2.252222lssaam=乙甲乙甲，故 D正确，综上所述本题答案是：CD 12.如图所示，将砝码置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的拉力 F 将纸板迅速抽出。若砝码和纸板的质量分别为 M 和 m，各接触面间的动摩擦因数均为，砝码与纸板左端的距离及与桌面右端的距离均为 d。下列说法正确的是（）第10页/共19页 学科网（北京）股份有限公司

32、A.纸板相对砝码运动时，纸板所受摩擦力的大小为（2Mm）g B.要使纸板相对砝码运动，F一定大于 2（M2m）g C.若砝码与纸板分离时的速度小于gd，砝码不会从桌面上掉下 D.当 F=（2M3m）g 时，砝码恰好到达桌面边缘【答案】AC【解析】【详解】A对纸板分析，当纸板相对砝码运动时，纸板所受的摩擦力为（Mm）gMg，故 A正确。B设砝码的加速度为 a1，纸板的加速度为 a2，则有 MgMa1 FMg（Mm）gma2 发生相对运动需要 a2a1 代入数据解得 F2（Mm）g 故 B 错误。C若砝码与纸板分离时的速度小于gd，砝码匀加速运动的位移小于 21=222vgddag 匀减速运动的位

33、移小于 21=222vgddag 则总位移小于 d，不会从桌面上掉下，故 C 正确。D当 F（2M3m）g时，砝码未脱离纸板时的加速度 a1g 纸板的加速度 第11页/共19页 学科网（北京）股份有限公司 a2()FMm gMgm+2g 根据 12a2t212a1t2d 解得 t2dg 则此时砝码的速度 va1t2ugd 砝码脱离纸板后做匀减速运动，匀减速运动的加速度大小 ag 则匀减速运动的位移 x22va22gdgd 而匀加速运动的位移 x12a1t2d 可知砝码离开桌面，D错误。故选 AC。第第卷（非选择题，共卷（非选择题，共 52 分）分）二、填空题：本大题共二、填空题：本大题共 4

34、题，共题，共 17 分。分。13.国际单位制中力学的基本单位是_、_、_。（用字母符号表示）【答案】m .kg .s【解析】【详解】国际单位制中力学的基本单位是 m、kg、s。14.质量为 m的汽车由静止开始运动，汽车在运动过程中所受阻力恒为 f，汽车发动机的额定输出功率为P。若汽车在平直公路上从静止开始做加速度为 a的匀加速运动，则匀加速运动的最长时间为t=_；若汽车以额定输出功率 P 从静止驶上倾角为 的山坡，重力加速度为 g，则汽车能达到的最大速度为 v=_。【答案】.()Pfma a+.sinPmgf+.第12页/共19页 学科网（北京）股份有限公司【解析】【详解】1若汽车匀加速行驶，

35、则牵引力为 Fmaf=+最大速度 mPPvFmaf=+加速时间()mvPtafma a=+2汽车以额定输出功率 P从静止驶上倾角为 的山坡，则达到最大速度时的牵引力 sinFmgf=+汽车能达到的最大速度为 msinPPvFmgf=+15.在做“验证力的平行四边形定则”实验时：（1）要使每次合力与分力产生相同的效果，必须_ A每次将橡皮条拉到同样的位置 B每次把橡皮条拉直 C每次准确读出弹簧秤的示数 D每次记准绳的方向（2）如图所示，是两位同学在做“验证力的平行四边形定则”的实验时得到的结果，则其中_同学实验结果比较符合实验事实。【答案】.A .甲【解析】【详解】（1）1要使每次合力与分力产生

36、相同的效果，必须每次将橡皮条拉到同样的位置，使橡皮条伸长的长度及方向都相同。故选 A。第13页/共19页 学科网（北京）股份有限公司（2）2F的方向应该和橡皮条的方向一致，根据平行四边形法则求得的两个分力 F1和 F2的合力方向和橡皮条的方向可能会有偏差，故图甲是正确的。16.为了探究物体质量一定时，加速度与力的关系，甲、乙两同学设计了如图所示的实验装置。其中 M 为带滑轮的小车的质量，m为沙和沙桶的质量，m0为滑轮的质量。力传感器可测出轻绳中的拉力大小。（1）实验时，一定要进行的操作是_ A.将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡阻力 B.用天平测出沙和沙桶的质量 C.小车靠近打点计时器，先接通电

37、源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数 D.为减小误差，实验中一定要保证沙和沙桶的质量 m远小于小车的质量 M（2）甲同学在实验中得到如图所示的一条纸带（相邻两计数点间还有四个点没有画出），已知打点计时器采用的是周期为 0.02s 的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为_m/s2（结果保留三位有效数字）。（3）甲同学以力传感器的示数 F为横坐标，加速度 a 为纵坐标，画出的 a-F 图像是一条直线，图线与横坐标轴的夹角为，求得图线的斜率为 k，则小车的质量为_（填选项前的字母）A.1tan B.01tanm C.02mk D.2k（4）乙同学根据测量数据作出如图所示的 a-F 图

38、线，该同学做实验时存在的问题是_。第14页/共19页 学科网（北京）股份有限公司 A.先释放小车，后接通电源 B.沙和沙桶的质量 m没有远小于小车的质量 M C.平衡摩擦力时木板没有滑轮的一端垫得过高 D.没有平衡阻力或平衡阻力不够【答案】.AC#CA .2.00 .C .D【解析】【详解】（1）1 A该题是力传感器测出拉力，从而表示小车受到的合外力，故需要将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡阻力，故 A正确；BD本题拉力可以由力传感器测出，不需要用天平测出沙和沙桶的质量，也就不需要使沙和沙桶的质量 m远小于小车的总质量 M，故 BD错误；C小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带

39、，同时记录力传感器的示数，故 C正确。故选 AC。（2）2相邻两计数点之间的时间间隔为 55s0.1s50Tf=由逐差法可得小车的加速度大小为()222360322(11.099.137.105.123.09 1.10)=10 m/s2.00m/s9 0.13xxaT+=（3）3由牛顿第二定律可知 02()FMm a=+解得 02aFMm=+又因为 a-F 图像的斜率为 02kMm=+所以小车的质量为 02Mmk=不知道横纵坐标的标度是否相同，不能确定斜率 k与tan是否相同。第15页/共19页 学科网（北京）股份有限公司 故选 C。（4）4如图所示，当拉力达到一定竖直时才产生了加速度，说明没

40、有平衡阻力或平衡阻力不够。故选 D。三、计算题：本大题共三、计算题：本大题共 3 小题，共小题，共 35 分。分。17.如图所示是公路上的“避险车道”，车道表面是粗糙的碎石，其作用是供下坡的汽车在刹车失灵的情况下避险。质量 m=2.0103kg的汽车沿下坡公路行驶，当驾驶员发现刹车失灵的同时发动机失去动力，此时速度表示数 v1=10m/s，汽车继续沿下坡公路匀加速直行l=350m、下降高度 h=50m时到达“避险车道”，此时速度表示数 v2=20m/s。（重力加速度 g取 10m/s2）（1）求从发现刹车失灵至到达“避险车道”这一过程汽车动能的变化量；（2）求汽车沿公路下坡过程中所受的阻力大小

41、（3）若“避险车道”与水平面间的夹角为 17，汽车在“避险车道”受到的阻力是在下坡公路上的 3倍，求汽车在“避险车道”上运动的最大位移。（sin170.3）【答案】（1）3.0105J；（2）2.0103N；（3）33.3m【解析】【详解】（1）从发现刹车失灵至到达“避险车道”这一过程汽车动能的变化量()223225k211112.0 102010J3.0 10 J222Emvmv=（2）汽车沿公路下坡过程中由动能定理 kmghflE=解得 f=2.0103N（3）汽车在“避险车道”上运动时由动能定理 221sin17302mgLfLmv=解得 L=33.3m 18.如图，水平地面上的矩形箱子

42、内有一倾角为的固定斜面，斜面上放一质量为 m 的光滑球静止时，第16页/共19页 学科网（北京）股份有限公司 箱子顶部与球接触但无压力箱子由静止开始向右做匀加速运动，然后改做加速度大小为 a 的匀减速运动直至静止，经过的总路程为 s，运动过程中的最大速度为 v （1）求箱子加速阶段的加速度大小 a（2）若 ag tan，求减速阶段球受到箱子左壁和顶部作用力【答案】（1）222avaasv=（2）左壁作用力0，顶部作用力cotmamg【解析】【详解】试题分析：（1）设加速度为 a，由匀变速直线运动的公式：212vsa=222vsa=得：221222vvsssaa=+=+解得：222avaasv=

43、（2）设小球不受车厢的作用力，应满足：Nsin=ma Ncos=mg 解得：a=gtan 减速时加速度的方向向左，此加速度有斜面的支持力 N 与左壁支持力共同提供，当 agtan 时，左壁的支持力等于 0，此时小球的受力如图，则：Nsin=ma NcosF=mg 解得：F=macotmg 考点：牛顿第二定律的应用 的为 第17页/共19页 学科网（北京）股份有限公司 19.如图，质量分别为 mA=1kg、mB=2kg两块相同材质和长度的木板 A和 B依次排放水平面上，木板上表面与平台等高，其长度均为 L=7m。质量为 m=2kg的小滑块放置在水平台上，与木板 A左端的距离x=6.25m滑块与水

44、平台、木板与水平面的动摩擦因数均为 1=0.2，滑块与木板间的动摩擦因数 2=0.8。现给滑块一水平向右的初速度 v0=13m/s，假设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度 g 取10m/s2。求：（1）滑块刚滑上木板 A时的速度；（2）木板 A的运动位移大小；（3）最终滑块到木板 A右端的距离。【答案】（1）12m/s；（2）2m；（3）4m3【解析】【详解】（1）滑块从开始运动刚滑上 A 的过程中，由动能定理 2211011-22mgxmvmv=解得 v1=12m/s（2）滑块在 AB 表面上减速滑动的加速度大小 a1=2g=8m/s2 AB 整体的加速度 221ABABAB()2

45、m/smgmmmgamm+=+当滑块滑到 A 的最右端时，则滑块的位移 211 11 112xvtat=AB 的位移 22AB 112xat=12xxL=解得 第18页/共19页 学科网（北京）股份有限公司 t1=1s（另一解舍掉）x1=8m x2=1m 此时滑块的速度 211 14m/svvat=AB 的速度 2AB 12m/sva t=此后 A做减速运动，则停止时滑动的距离 22211m2vxg=则木板 A 的运动位移大小 A222mxxx=+=（3）滑块滑上 B后，B的加速度为 221BBB()4m/smgmmgam+=当滑块与 B共速时 21 22B 2vvatva t=+解得 21s6=t 8m/s3v=此过程中滑块的位移 2325m29vvxt+=共速后滑块和 B一起减速运动位移 24116m29vxg=最终滑块到木板 A 右端的距离 的 第19页/共19页 学科网（北京）股份有限公司 3424m3xxxx=+=