2024届山东部分学校高三下学期开学质检物理试题含答案.pdf

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1、#QQABRYIEogAgAAAAAQhCEwEqCgGQkAEAAKoGgEAAIAABiRFABAA=#2024届山东部分学校高三下学期开学质检物理试题#QQABRYIEogAgAAAAAQhCEwEqCgGQkAEAAKoGgEAAIAABiRFABAA=#QQABRYIEogAgAAAAAQhCEwEqCgGQkAEAAKoGgEAAIAABiRFABAA=#QQABRYIEogAgAAAAAQhCEwEqCgGQkAEAAKoGgEAAIAABiRFABAA=#QQABRYIEogAgAAAAAQhCEwEqCgGQkAEAAKoGgEAAIAABiRFABAA=#QQABRYIEo

2、gAgAAAAAQhCEwEqCgGQkAEAAKoGgEAAIAABiRFABAA=#QQABRYIEogAgAAAAAQhCEwEqCgGQkAEAAKoGgEAAIAABiRFABAA=#QQABRYIEogAgAAAAAQhCEwEqCgGQkAEAAKoGgEAAIAABiRFABAA=#书书书?槡?#QQABRYIEogAgAAAAAQhCEwEqCgGQkAEAAKoGgEAAIAABiRFABAA=#?槡?槡?#QQABRYIEogAgAAAAAQhCEwEqCgGQkAEAAKoGgEAAIAABiRFABAA=#?#QQABRYIEogAgAAAAAQhCEwEqCgGQk

3、AEAAKoGgEAAIAABiRFABAA=#?槡?槡?槡?槡?槡?槡?#QQABRYIEogAgAAAAAQhCEwEqCgGQkAEAAKoGgEAAIAABiRFABAA=#学科网（北京）股份有限公司 山山东高三东高三 2 月月联考物理评分细则联考物理评分细则 13 题：共题：共 6 分。分。（1）填“1.58”-1 分，其他结果均不得分；（2）填“100”-1 分，其他结果均不得分；（3）填“9.74”-2 分，其他结果均不得分；（4）选“BC”-2 分，其他结果均不得分。14 题：共题：共 8 分分。（1）第一个空填“2.7 V2.9 V”得 2 分，第二空填“1.0 1.2”得

4、2 分，其他结果均不得分，不写单位扣 1 分；（2）第一个空填“1”得 2 分；第二个空填“EA”得 1 分；第三个空填“ABEI”得 1 分，其他结果不得分。15 题：第（题：第（1）问）问 4 分，第（分，第（2）问）问 3 分，共分，共 7 分。分。【解析】（【解析】（1）设第一次抽气后气体的压强变为 p1，由等温变化得 p0V0=p1(V0+V)（1 分）代入数据得 p1=56p0 设第二次抽气后管内气体的压强变为 p2，由等温变化得 p1V0=p2(V0+V)（1 分）代入数据得 p2=2056p（）（1 分）依此规律得第十次抽气后 P10=10056p（）=1.61104 Pa（1

5、 分）每一个方程给 1 分，最后结果正确，中间不写2102055()66pppp=、，不扣分；最后结果错误，按照所列方程给分，写出2102055()66pppp=、各给 1 分（2）第一次抽气后气体体积变为 V0+V，质量之比等于体积之比，即 010056VmmVV=+（1 分）依此规律得第二次抽气后 021056VmmVV=+（1 分）学科网（北京）股份有限公司 联立得2205()6mm=依此规律得第十次抽气后101005()0.1616mm=（1 分）列出一个等温变化方程，得 1 分，最后结果正确得 2 分，中间没有列2205()6mm=，不扣分；若最后结果错误，按所列方程得分。若用其他方

6、法，比如密度公式求解，最后结果正确，同样给分，结果错误，不得分。16 题：第（题：第（1）问）问 4 分分，第（第（2）问）问 5 分，共分，共 9 分。分。【解析】（1）线圈相对于磁场向上以速度v0运动，根据右手定则，电流I的方向从M到N（1 分）根据法拉第电磁感应定律可得 E=BLv0 （1 分）根据闭合电路的欧姆定律可得 EIR=（1 分）联立得0BLvIR=（1 分）判断出电流方向得 1 分；每个方程得 1 分，若列出综合算式，结果正确给 3 分，综合算式出现错误得零分；（2）当蛋仓主体及导轨受力平衡时，速度不再减小，速度最小，根据力的平衡可知 22B L vnMgR=（2 分）解得2

7、2MgRvnB L=（1 分）列出方程得 2 分；结果正确得 1 分；其他方法正确，同样给分；从表达式可看出，要想减小这一最小速度，适当增加缓冲底座上线圈的个数；使用电阻率更小的材料绕制缓冲底座上的线圈；适当减小蛋仓主体及导轨部分的质量M；适当增加通电线圈中的电流以增加磁感应强度B（2 分）说明：回答出一条得 1 分，两条得 2 分，最多得 2 分。若有其他措施且合理也给相应分数。第第 17 题：第（题：第（1）问）问 2 分、第（分、第（2）问）问 4 分、第（分、第（3）问）问 3 分分、第（、第（4）问）问 5 分分，共，共 14 分。分。【解析】（1）在 xOz 平面内，粒子在电场力作

8、用下做类平抛运动，则 201012()2qELzLmv=（1 分）解得2002mvEqL=（1 分）学科网（北京）股份有限公司 按照类平抛运动列式，方程得 1 分，最后结果正确给 1 分；（2）在02Ltv=到02LLtv+=时间内，在平行于 xOy 平面内，粒子在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，在该平面内速度分量为 v0，由牛顿第二定律得 2000vqv BmR=（1 分）解得 R=L 由圆周运动周期公式得 02 LTv=（1 分）则在该平面内，刚好转半圈，即 x 轴坐标为 2L，y 轴坐标为-2L（1 分）在 z 方向，分速度为 v0，粒子做匀速直线运动，沿 z 轴运动的距离为200LzvL

9、v=即在02LLtv+=时粒子的位置坐标为（2L,-2L,L+L）（1 分）方程正确、结果正确给 4 分（没有写出RL=及 x、y、z 表达式，不扣分）；结果错误，按表达式酌情给分，每个表达式给 1 分，最多不超过 2 分；（3）在02LLtv+=至04LLtv+=时间内，在 xOz 平面内，粒子在电场力作用下做类斜抛运动，则沿 z轴有203000212()32qELLzvLvmv=+=（1 分）此时，z 轴方向的分速度 0300022qELvvvmv=+=（1 分）在04LLtv+=至042LLtv+=时间内，平行于 xOy 平面内，粒子仍旧在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，在该平面内速度分量

10、仍然为 v0，则该段时间结束时，回到 z 轴，该段时间内，在 z 方向，分速度为 2v0，粒子做匀速直线运动，有40022LzvLv=则此时 z 轴坐标为 z求=z1+z2+z3+z4=4L+3L（1 分）学科网（北京）股份有限公司 只要写出203000212()32qELLzvLvmv=+=、0300022qELvvvmv=+=，最后结果正确就得 3 分；（不写中间步骤不扣分）；最后结果错误，按公式给分，得分最多不超过 2 分。（4）在02Ltv=到02LLtv+=时间内，磁场方向变化后，在 x 轴方向做匀速直线运动，该方向速度分量依然为 v0，该段时间内200LxvLv=，则 x 轴坐标变

11、为 x=2L+L（1 分）在平行于 yOz 平面内做匀速圆周运动，半径依然为 L，z 轴坐标为 L 不变，y 轴坐标为 2L 在02LLtv+=至04LLtv+=时间内，在 xOz 平面内，粒子在电场力作用下做类斜抛运动，z 方向减速为零，则 y 轴坐标不变仍为 2L，z 轴坐标减为零，x 方向速度不变，该段时间内30022LxvLv=，则 x 轴坐标变为 x=4L+L（1 分）在04LLtv+=至042LLtv+=时间内，只在 x 方向有速度 v0，此时速度方向与磁场方向平行，粒子做匀速直线运动，该段时间内400LxvLv=，则 x 轴坐标变为 x=4L+2L；z 轴坐标仍为零，y 轴坐标仍

12、为 2L（1 分）在042LLtv+=至062LLtv+=时间内，在 xOz 平面内，粒子在电场力作用下做类平抛运动，z 方向匀加速直线运动，z 轴坐标再次变为 L，则 y 轴坐标不变仍为 2L，x 方向速度不变，该段时间内50022LxvLv=，则 x 轴坐标变为 x=6L+2L（1 分）在062LLtv+=至063LLtv+=时间内，在平行于 yOz 平面内做匀速圆周运动，半径依然为 L，z 轴坐标为 L 不变，y 轴坐标为 4L；x 轴方向，粒子做匀速直线运动，该段时间内600LxvLv=，则 x 轴坐标变为 x=6L+3L 因此，在063LLtv+=时粒子的位置坐标为（6L+3L，4L

13、，L）（1 分）每个方程 1 分，最后结果正确得 5 分，用其他方法如轨迹方程求解，结果正确同样给分；结果错误，按照 学科网（北京）股份有限公司 所列方程给分，但最多不超过 4 分。第第 18 题：第（题：第（1）问）问 2 分、第（分、第（2）问）问 4 分、第（分、第（3）问）问 6 分分、第（、第（4）问）问 4 分分，共，共 16 分。分。【解析】（1）根据摆块 P 圆锥摆规律得 2101tansinm vm gL=（1 分）代入数据得 v0=3 m/s（1 分）列出方程得 1 分，结果正确，得 1 分；用其他方法，结果正确同样得分；（2）摆块 P 沿切线进入圆弧轨道，则由几何关系得到

14、达 A 点时的速度 vA与水平方向的夹角=53 05 m/scosAvv=竖直方向速度 0tan4 m/syvv=（1 分）平抛过程时间0.4 syvtg=水平方向位移 x=v0t=1.2 m（1 分）竖直方向位移210.8 m2ygt=相对于悬挂点，竖直方向距离为cos2.4 myyL=+=（1 分）由空间几何关系得()2226 6sin m5sxyL=+=（1 分）方程规范、最后结果正确，得 4 分；采用综合列式，最后结果正确，不扣分；最后结果错误，按所列公式给分，每个方程 1 分，最高不超过 3 分；（3）摆块 P 由 A 点到 B 点过程中，由动能定理得()221111 cos22BA

15、m vm vm gR=（1 分）学科网（北京）股份有限公司 解得 vB=7 m/s 在 B 点摆块 P 与滑块 Q 发生弹性碰撞，则 m1vB=m1v1+m3v2（1 分）22211132111222Bm vm vm v=+（1 分）解得 v2=7 m/s 滑块 Q 刚好不脱离木板 M，由动量守恒定律得()3232m vmmv=+共（1 分）由能量守恒定律得 因摩擦产生的热量()2232321122Qm vmmv=+共（1 分）解得 Q=35 J 因摩擦产生的热量等于平均摩擦力与相对位移的乘积QfL=其中122fff+=f1=0.1m3g，2320.135fL m g=+（1 分）联立解得 L

16、=3.5 m（1 分）方程规范、最后结果正确，得 4 分；采用综合列式，最后结果正确，不扣分；最后结果错误，按所列公式给分，每个方程 1 分，最高不超过 5 分；（4）滑块 Q 与木板 M 同时撞墙，同时反弹，之后同时向左匀速直线运动，木板 M 左端再次到达 B 点时，迅速被锁定静止，滑块 Q 继续减速前进，到达 B 点时，速度变为 vB,由能量守恒定律得 22331122BQm vm v=共（1 分）解得11 m/sBv=滑块 Q 与摆块 P 弹性碰撞，摆块 P 的速度又变为11 m/sPv=，假设减速到 A 点能够飞出，由动能定理得()22111111 cos22PPm gRm vm v=

17、vP无解，故摆块 P 不能由 A 点飞出，之后返回 B 点，再次与滑块 Q 弹性碰撞（1 分）此时滑块 Q 的动能为 27.5 J35 J，故滑块 Q 不能滑离木板 M，设前进距离 x 后速度减为零，由能量守恒定律得 学科网（北京）股份有限公司 2312Bm vf x=122fff+=，f1=0.1m3g，2320.135fx m g=+（1 分）联立解得3577 m4x=（1 分）即滑块 Q 停在距 B 点3577 m4处 列出22331122BQm vm v=共得 1 分（没有写出11m/sBv=不扣分）；能判断出摆块 P 不能从 A 点飞出，返回 B 点再次与滑块 Q 弹性碰撞，得 1 分；最后四个式子都正确得 1 分（或者综合列式、用图像法等，只要正确均给分），结果正确得 1 分；结果错误，所列式子最多得 1 分。