弹簧模型--2024年高三物理二轮常见模型含答案.pdf

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1、120242024年高三物理二轮常见模型年高三物理二轮常见模型弹簧模型弹簧模型特训目标特训目标特训内容特训内容目标目标1 1高考真题高考真题(1 1T T-4 4T T)目标目标2 2三大力场中有关弹模型的平衡问题三大力场中有关弹模型的平衡问题(5 5T T-1010T T)目标目标3 3三大力场中有关弹簧模型的动力学问题三大力场中有关弹簧模型的动力学问题(1111T T-1616T T)目标目标4 4三大力场中有关弹簧模型的能量动量问题三大力场中有关弹簧模型的能量动量问题(1717T T-2222T T)【特训典例】【特训典例】一、高考真题高考真题1(2023山东统考高考真题)餐厅暖盘车的储

2、盘装置示意图如图所示，三根完全相同的弹簧等间距竖直悬挂在水平固定圆环上，下端连接托盘。托盘上叠放若干相同的盘子，取走一个盘子，稳定后余下的正好升高补平。已知单个盘子的质量为300g，相邻两盘间距1.0cm，重力加速度大小取10m/s2。弹簧始终在弹性限度内，每根弹簧的劲度系数为()A.10N/mB.100N/mC.200N/mD.300N/m2(2022湖北统考高考真题)如图所示，质量分别为m和2m的小物块和Q，用轻质弹簧连接后放在水平地面上，通过一根水平轻绳连接到墙上。P的下表面光滑，Q与地面间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。用水平拉力将Q向右缓慢拉开一段距离，撤去拉力后，Q恰好

3、能保持静止。弹簧形变始终在弹性限度内，弹簧的劲度系数为k，重力加速度大小为g。若剪断轻绳，在随后的运动过程中相对于其初始位置的最大位移大小为()A.mgkB.2mgkC.4mgkD.6mgk3(2023辽宁统考高考真题)如图，两根光滑平行金属导轨固定在绝缘水平面上，左、右两侧导轨间距分别为d和2d，处于竖直向上的磁场中，磁感应强度大小分别为2B和B。已知导体棒MN的电阻为R、长度为d，导体棒PQ的电阻为2R、长度为2d，PQ的质量是MN的2倍。初始时刻两棒静止，两棒中点之间连接一压缩量为L的轻质绝缘弹簧。释放弹簧，两棒在各自磁场中运动直至停止，弹簧始终在弹性限度内。整个过程中两棒保持与导轨垂直

4、并接触良好，导轨足够长且电阻不计。下列说法正确的是()2A.弹簧伸展过程中、回路中产生顺时针方向的电流B.PQ速率为v时，MN所受安培力大小为4B2d2v3RC.整个运动过程中，MN与PQ的路程之比为2：1D.整个运动过程中，通过MN的电荷量为BLd3R4(2022福建高考真题)如图，L形滑板A静置在粗糙水平面上，滑板右端固定一劲度系数为k的轻质弹簧，弹簧左端与一小物块B相连，弹簧处于原长状态。一小物块C以初速度v0从滑板最左端滑入，滑行s0后与B发生完全非弹性碰撞(碰撞时间极短)，然后一起向右运动；一段时间后，滑板A也开始运动已知A、B、C的质量均为m，滑板与小物块、滑板与地面之间的动摩擦因

5、数均为，重力加速度大小为g；最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，弹簧始终处于弹性限度内。求：(1)C在碰撞前瞬间的速度大小；(2)C与B碰撞过程中损失的机械能；(3)从C与B相碰后到A开始运动的过程中，C和B克服摩擦力所做的功。二、三大力场中有关弹模型的平衡问题三大力场中有关弹模型的平衡问题5如图所示，一轻质弹簧两端分别固定小球A和B，小球A穿在水平粗糙杆上，小球B穿在竖直光滑杆上，两小球均保持静止。现用竖直向下适当大小的力缓慢拉小球B，整个过程中小球A静止不动。关于该过程，下列说法正确的是()A.小球A受到的合力增大B.小球B受到竖直杆的弹力增大C.小球A受到的摩擦力不变D.两杆受到A、B两球作

6、用力的合力增大6通用技术课上，某兴趣小组制作了一个电动爬杆小猴，原理如图所示，竖直杆OM与光滑杆ON均固定在电动机底座上，且ON与水平面间的夹角=60，一弹簧上端固定在OM杆上的P点，下端与穿在ON杆上质量为m的小猴相连。小猴静止时弹簧与竖直方向间的夹角=30，当电动机带动底座开始转动时，3小猴开始爬杆。已知OP两点间的距离为L，重力加速度为g。则()A.小猴静止时杆对小猴的弹力方向垂直杆ON斜向下B.小猴静止时弹簧弹力的大小为mgC.小猴静止时杆对小猴的弹力大小为3mgD.电动机转动后，当小猴稳定在与P点等高的位置时杆的角速度为6gL7如图，在倾角为的光滑绝缘斜面上固定一个挡板，在挡板上连接

7、一根劲度系数为k的绝缘轻质弹簧，弹簧另一端与小球1连接。三小球1、2、3的质量均为m，q1=q00，q2=-q0，当系统处于静止状态时，三小球等间距排列。已知静电力常量为k，重力加速度大小为g，则()A.q3=47q0B.弹簧伸长量为mgsinkC.球1受到的库仑力大小为2mgsinD.相邻两小球间距为q03k7mgsin8如图，A、B两个点电荷的电量分别为+Q和+q，放在光滑绝缘水平面上，A、B之间用绝缘的轻弹簧连接。当系统平衡时，弹簧的伸长量为x0，若弹簧发生的均是弹性形变，则()A.将Q变为2Q，将q变为2q，平衡时弹簧的伸长量小于4x0B.保持q不变，将Q变为2Q，平衡时弹簧的伸长量大

8、于2x0C.保持Q不变，将q变为-q，平衡时弹簧的缩短量等于x0D.保持q不变，将Q变为-2Q，平衡时弹簧的缩短量大于2x09如图所示，PQ、MN是固定在竖直平面内的光滑金属导轨，导轨间距离为L。一长度也为L、质量为m、电阻为r的导体棒GH，与导轨良好接触。一原长为L0，劲度系数为k的轻弹簧一端连接在导体棒的中点，另一端固定于水平地面。导体棒处在磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨所在平面水平向里的匀强磁场中。图中直流电源的电动势为E、内阻不计，电容器的电容为C，R1、R2为定值电阻，重力加速度为g，弹簧一直处于弹性限度内。初始时，开关断开，导体棒处于水平静止状态。现闭合开关，待电路重新稳定后(

9、导体棒始终处于水平状态)。下列说法正确的是()4A.导体棒中电流为ER1+rB.轻弹簧的长度为L0-mgk-BLEk R1+rC.电容器所带的电荷量为CErR2+rD.导体棒的重力势能减小了BLEmgk R1+r10光点式检流计是一种可以测量微小电流的仪器，其简化的工作原理如图所示，绝缘轻质弹簧下悬挂线圈，虚线框内有与纸面垂直的匀强磁场；弹簧末端通过刚性细杆与小平面镜连接，平面镜可绕O轴自由转动。当线圈中无电流时入射光线在小平面镜上的反射光线逆向反回，若在线圈中通入微小电流I，稳定后，线框竖直移动距离x,PQ上的反射光斑偏离O点，通过读取反射光斑偏离的圆弧长S可以测得电流的大小。已知弹簧的劲度

10、系数为k，磁场磁感应强度大小为B，线圈的匝数为N、沿水平方向的长度为L，细杆的长度为s，光屏PQ的半径为r且圆心在小平面镜处，已知rsx。设ab始终末进入磁场，cd始终未离开磁场。下列说法正确的是()A.若线框通入顺时针方向电流，则PQ上的反射光斑将上移B.若入射光不变，小平面镜绕O轴转动角，则其反射光线转过的角度也为C.若线框通入顺时针方向微电流I，则反射光斑在PQ上偏移的弧线长度为S=NBILrskD.若线框通入顺时针方向微电流I，则反射光斑在PQ上偏移的弧线长度为S=2NBILrsk三、三大力场中有关弹簧模型的动力学问题三大力场中有关弹簧模型的动力学问题11如图甲所示，一轻质弹簧放置在光

11、滑水平桌面上，一端固定在墙壁上，另一端拴接物体A，质量均为1kg的物体A、B接触但不粘连。压缩弹簧至某一位置(弹性限度以内)后静止释放A、B，同时给物体B施加水平向右的力F使之做匀加速直线运动，F与作用时间t的关系如图乙所示，则下列说法正确的是()5A.A、B分离时，弹簧刚好为原长状态B.A、B分离时，B的加速度为2m/s2C.A、B分离时，A的速度为0.2m/sD.刚释放A、B时，弹簧的压缩量为8cm12如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量均为M的物体A、B(B物体与弹簧连接)，弹簧的劲度系数为k，初始时物体处于静止状态。现用竖直向上的拉力F作用在物体A上，使物体A开

12、始向上做加速度为a(a0)的小球b(未画出)，弹簧与小球a、b彼此绝缘。某时刻，用某种方式让小球a带上电荷量+q，小球a由静止开始向上运动，当a、b球间的电场力为a球重力的两倍时，小球a的速度达到最大值v，此时小球a处于空中B点。两带电小球均看作点电荷，静电9力常量为k，重力加速度为g，不计空气阻力的影响，则()A.弹簧的原长为qk2mg+mgk0B.A、B两点间的距离为3mgk0C.A、B两点间电势差UAB=mv22q+2m2g2qk0D.小球a从A点到B点机械能的变化量为mv22-2m2g2k022如图所示，abcd为固定的水平光滑矩形金属导轨，导轨间距为L左右两端接有定值电阻R1和R2，

13、R1=R2=R，整个装置处于磁感应强度大小为B，方向竖直向下的匀强磁场中质量为m的导体棒MN放在导轨上，棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨与棒的电阻两根相同的轻质弹簧甲和乙一端固定，另一端同时与棒的中点连接初始时刻，两根弹簧恰好处于原长状态，棒获得水平向左的初速度v0，第一次运动至最右端的过程中Rl产生的电热为Q，下列说法中正确的是A.初始时刻棒所受安培力的大小为B2L2v0RB.棒第一次回到初始位置的时刻，R2的电功率小于B2L2v20RC.棒第一次到达最右端的时刻，两根弹簧具有弹性势能的总量为12mv20-QD.从初始时刻至棒第一次到达最左端的过程中，整个回路产生的电热大于2Q31202

14、42024年高三物理二轮常见模型年高三物理二轮常见模型弹簧模型弹簧模型特训目标特训目标特训内容特训内容目标目标1 1高考真题高考真题(1 1T T-4 4T T)目标目标2 2三大力场中有关弹模型的平衡问题三大力场中有关弹模型的平衡问题(5 5T T-1010T T)目标目标3 3三大力场中有关弹簧模型的动力学问题三大力场中有关弹簧模型的动力学问题(1111T T-1616T T)目标目标4 4三大力场中有关弹簧模型的能量动量问题三大力场中有关弹簧模型的能量动量问题(1717T T-2222T T)【特训典例】【特训典例】一、高考真题高考真题1(2023山东统考高考真题)餐厅暖盘车的储盘装置示

15、意图如图所示，三根完全相同的弹簧等间距竖直悬挂在水平固定圆环上，下端连接托盘。托盘上叠放若干相同的盘子，取走一个盘子，稳定后余下的正好升高补平。已知单个盘子的质量为300g，相邻两盘间距1.0cm，重力加速度大小取10m/s2。弹簧始终在弹性限度内，每根弹簧的劲度系数为()A.10N/mB.100N/mC.200N/mD.300N/m【答案】B【详解】由题知，取走一个盘子，稳定后余下的正好升高补平，则说明一个盘子的重力可以使弹簧形变相邻两盘间距，则有mg=3kx解得k=100N/m故选B。2(2022湖北统考高考真题)如图所示，质量分别为m和2m的小物块和Q，用轻质弹簧连接后放在水平地面上，通

16、过一根水平轻绳连接到墙上。P的下表面光滑，Q与地面间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。用水平拉力将Q向右缓慢拉开一段距离，撤去拉力后，Q恰好能保持静止。弹簧形变始终在弹性限度内，弹簧的劲度系数为k，重力加速度大小为g。若剪断轻绳，在随后的运动过程中相对于其初始位置的最大位移大小为()A.mgkB.2mgkC.4mgkD.6mgk【答案】C【详解】Q恰好能保持静止时，设弹簧的伸长量为x，满足kx=2mg若剪断轻绳后，物块P与弹簧组成的系统机械能守恒，弹簧的最大压缩量也为x，因此相对于其初始位置的最大位移大小为s=2x=4mgk故选C。23(2023辽宁统考高考真题)如图，两根光滑平行金

17、属导轨固定在绝缘水平面上，左、右两侧导轨间距分别为d和2d，处于竖直向上的磁场中，磁感应强度大小分别为2B和B。已知导体棒MN的电阻为R、长度为d，导体棒PQ的电阻为2R、长度为2d，PQ的质量是MN的2倍。初始时刻两棒静止，两棒中点之间连接一压缩量为L的轻质绝缘弹簧。释放弹簧，两棒在各自磁场中运动直至停止，弹簧始终在弹性限度内。整个过程中两棒保持与导轨垂直并接触良好，导轨足够长且电阻不计。下列说法正确的是()A.弹簧伸展过程中、回路中产生顺时针方向的电流B.PQ速率为v时，MN所受安培力大小为4B2d2v3RC.整个运动过程中，MN与PQ的路程之比为2：1D.整个运动过程中，通过MN的电荷量

18、为BLd3R【答案】AC【详解】A弹簧伸展过程中，根据右手定则可知，回路中产生顺时针方向的电流，选项 A正确；B任意时刻，设电流为I，则PQ受安培力FPQ=BI2d方向向左；MN受安培力FMN=2BId方向向右，可知两棒系统受合外力为零，动量守恒，设PQ质量为2m，则MN质量为m，PQ速率为v时，则2mv=mv解得v=2v回路的感应电流I=2Bdv+B2dv3R=2BdvR，MN所受安培力大小为FMN=2BId=4B2d2vR选项B错误；C两棒最终停止时弹簧处于原长状态，由动量守恒可得mx1=2mx2；x1+x2=L可得则最终MN位置向左移动x1=2L3，PQ位置向右移动x2=L3因任意时刻两

19、棒受安培力和弹簧弹力大小都相同，设整个过程两棒受的弹力的平均值为F弹，安培力平均值F安，则整个过程根据动能定理F弹x1-F安xMN=0；F弹x2-F安xPQ=0可得xMNxPQ=x1x2=21选项C正确；D两棒最后停止时，弹簧处于原长位置，此时两棒间距增加了L，由上述分析可知，MN向左位置移动2L3，PQ位置向右移动L3，则q=It=R总=2B2L3d+BL32d3R=2BLd3R选项D错误。故选AC。4(2022福建高考真题)如图，L形滑板A静置在粗糙水平面上，滑板右端固定一劲度系数为k的轻质弹簧，弹簧左端与一小物块B相连，弹簧处于原长状态。一小物块C以初速度v0从滑板最左端滑入，滑行s0后

20、与B发生完全非弹性碰撞(碰撞时间极短)，然后一起向右运动；一段时间后，滑板A也开始运动已知A、B、C的质量均为m，滑板与小物块、滑板与地面之间的动摩擦因数均为，重力加速度大小为g；最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，弹簧始终处于弹性限度内。求：(1)C在碰撞前瞬间的速度大小；(2)C与B碰撞过程中损失的机械能；(3)从C与B相碰后到A开始运动的过程中，C和B克服摩擦力所做的功。3【答案】(1)v20-2gs0；(2)14m(v20-2gs0)；(3)22m2g2k【详解】(1)小物块C运动至刚要与物块B相碰过程，根据动能定理可得-mgs0=12mv21-12mv20解得C在碰撞前瞬间的速度大小为v

21、1=v20-2gs0(2)物块B、C碰撞过程，根据动量守恒可得mv1=2mv2解得物块B与物块C碰后一起运动的速度大小为v2=12v20-2gs0故C与B碰撞过程中损失的机械能为E=12mv21-122mv22=14m(v20-2gs0)(3)滑板A刚要滑动时，对滑板A，由受力平衡可得kx+2mg=3mg解得弹簧的压缩量，即滑板A开始运动前物块B和物块C一起运动的位移大小为x=mgk从C与B相碰后到A开始运动的过程中，C和B克服摩擦力所做的功为W=2mgx=22m2g2k二、三大力场中有关弹模型的平衡问题三大力场中有关弹模型的平衡问题5如图所示，一轻质弹簧两端分别固定小球A和B，小球A穿在水平

22、粗糙杆上，小球B穿在竖直光滑杆上，两小球均保持静止。现用竖直向下适当大小的力缓慢拉小球B，整个过程中小球A静止不动。关于该过程，下列说法正确的是()A.小球A受到的合力增大B.小球B受到竖直杆的弹力增大C.小球A受到的摩擦力不变D.两杆受到A、B两球作用力的合力增大【答案】BD【详解】A对A、B及弹簧组成的整体，竖直方向只受重力和向上的支持力，用竖直向下适当大小的力拉小球B，小球A静止，受到的合力始终为0，选项A错误；B设弹簧与竖直方向的夹角为，弹簧的劲度系数为k、原长为L0，小球A到竖直杆的距离为a，则小球B受到竖直杆的弹力大小FN=kasin-L0sin=k(a-L0sin)用竖直向下适当

23、大小的力拉小球B，小球B向下移动了，则减小，FN增大，选项B正确；C对A、B整体，水平方向合力为0，小球A受到的摩擦力与小球B受到竖直杆的弹力等大、反向，由B项分析可知，该摩擦力增大，选项C错误；D开始时两杆对A、B的合力竖直向上，大小等于A和B整体受到的重力，反过来A、B两球对杆的合力竖直向下，大小等于A和B整体受到的重力；现用竖直向下适当大小的力拉小球B，A、B两球对杆的合力增大，选项D正确。故选BD。6通用技术课上，某兴趣小组制作了一个电动爬杆小猴，原理如图所示，竖直杆OM与光滑杆ON均固4定在电动机底座上，且ON与水平面间的夹角=60，一弹簧上端固定在OM杆上的P点，下端与穿在ON杆上

24、质量为m的小猴相连。小猴静止时弹簧与竖直方向间的夹角=30，当电动机带动底座开始转动时，小猴开始爬杆。已知OP两点间的距离为L，重力加速度为g。则()A.小猴静止时杆对小猴的弹力方向垂直杆ON斜向下B.小猴静止时弹簧弹力的大小为mgC.小猴静止时杆对小猴的弹力大小为3mgD.电动机转动后，当小猴稳定在与P点等高的位置时杆的角速度为6gL【答案】AD【详解】A对小猴受力分析如图由平衡条件可知，小猴静止时杆对小猴的弹力方向垂直杆ON斜向下，故A正确；B小猴静止时弹簧弹力的大小为Fk=2mgcos=3mg故B错误；C由图可知，小猴静止时杆对小猴的弹力大小为FN=mg故C错误；D由几何关系可知，小猴稳

25、定在与P点时弹簧的长度与在P点时相等，故弹簧的弹力为Fk=Fk=3mg在P点，对小猴受力分析水平方向由牛顿第二定律Fk+FNcos30=mLtan302竖直方向由平衡条件FNsin30=mg联立解得=6gL故D正确。故选AD。7如图，在倾角为的光滑绝缘斜面上固定一个挡板，在挡板上连接一根劲度系数为k的绝缘轻质弹簧，弹簧另一端与小球1连接。三小球1、2、3的质量均为m，q1=q00，q2=-q0，当系统处于静止状态时，三小球等间距排列。已知静电力常量为k，重力加速度大小为g，则()5A.q3=47q0B.弹簧伸长量为mgsinkC.球1受到的库仑力大小为2mgsinD.相邻两小球间距为q03k7

26、mgsin【答案】ACD【详解】AD设小球3带负电。相邻小球间距为L，则小球3受力分析，根据库仑定律F23=kq0q3L2；F13=kq0q34L2显然小球3无法处于静止，因此小球3应该带正电。因此3平衡时kq0q3L2=kq0q34L2+mgsin则3kq0q34L2=mgsin对2球做受力分析，根据受力平衡关系kq20L2=kq0q3L2+mgsin两式联立q3=47q0代入则L=q03k7mgsin选项AD正确；C1所受总的库仑力为F1=kq20L2-kq0q34L2其中3kq0q34L2=mgsin可知kq0q3L2=43mgsin或者kq20L2=73mgsin则1所受库仑力为F1=

27、2mgsin方向沿斜面向下，选项C正确；B对123整体分析可知F弹=3mgsin因此弹簧伸长量为x=3mgsink0选项B错误。故选ACD。8如图，A、B两个点电荷的电量分别为+Q和+q，放在光滑绝缘水平面上，A、B之间用绝缘的轻弹簧连接。当系统平衡时，弹簧的伸长量为x0，若弹簧发生的均是弹性形变，则()A.将Q变为2Q，将q变为2q，平衡时弹簧的伸长量小于4x0B.保持q不变，将Q变为2Q，平衡时弹簧的伸长量大于2x0C.保持Q不变，将q变为-q，平衡时弹簧的缩短量等于x0D.保持q不变，将Q变为-2Q，平衡时弹簧的缩短量大于2x0【答案】AD【详解】A系统达到静止状态时，受力平衡，受库仑力

28、和弹力，大小相等，方向相反，即kx0=kQqx+x02将Q变为2Q，将q变为2q，此时平衡为kx1=k4Qqx+x12解得x14x0，A正确；Bq不变，将Q变为2Q，此时平衡为kx2=k2Qqx+x22解得x2x0，C错误；6Dq不变，将Q变为-2Q，弹簧的压缩量是x4，此时平衡为kx4=k-2Qqx-x42解得x42x0，D正确。故选AD。9如图所示，PQ、MN是固定在竖直平面内的光滑金属导轨，导轨间距离为L。一长度也为L、质量为m、电阻为r的导体棒GH，与导轨良好接触。一原长为L0，劲度系数为k的轻弹簧一端连接在导体棒的中点，另一端固定于水平地面。导体棒处在磁感应强度大小为B、方向垂直于导

29、轨所在平面水平向里的匀强磁场中。图中直流电源的电动势为E、内阻不计，电容器的电容为C，R1、R2为定值电阻，重力加速度为g，弹簧一直处于弹性限度内。初始时，开关断开，导体棒处于水平静止状态。现闭合开关，待电路重新稳定后(导体棒始终处于水平状态)。下列说法正确的是()A.导体棒中电流为ER1+rB.轻弹簧的长度为L0-mgk-BLEk R1+rC.电容器所带的电荷量为CErR2+rD.导体棒的重力势能减小了BLEmgk R1+r【答案】ABD【详解】A现闭合开关，待电路重新稳定后，由闭合电路欧姆定律，导体棒中电流I=Er+R1故A正确；B导体棒所受安培力F=BIL=BLEr+R1由左手定则可判断

30、出安培力竖直向下，由平衡条件mg+F=kx解得弹簧压缩量x=mgk+BLEk R1+r则轻弹簧的长度为L=L0-x=L0-mgk-BLEk R1+r故B正确；C导体棒两端电压U=Ir=Err+R1由于R2中电流为零，所以电容器两端电压也为U=Err+R1再根据C=QU可得电容器所带的电荷量为Q=CErr+R1故C错误；D初始时，弹簧压缩量x=mgk闭合开关，待电路重新稳定后，弹簧压缩量x=mgk+BLEk R1+r所以导体棒的重力势能减小了mg(x-x)=BLEmgk R1+r故D正确。故选ABD。10光点式检流计是一种可以测量微小电流的仪器，其简化的工作原理如图所示，绝缘轻质弹簧下悬挂线圈，

31、虚线框内有与纸面垂直的匀强磁场；弹簧末端通过刚性细杆与小平面镜连接，平面镜可绕O轴自由转动。当线圈中无电流时入射光线在小平面镜上的反射光线逆向反回，若在线圈中通入微小电流I，稳定后，线框竖直移动距离x,PQ上的反射光斑偏离O点，通过读取反射光斑偏离的圆弧长S可以测得电流的大小。已知弹簧的劲度系数为k，磁场磁感应强度大小为B，线圈的匝数为N、沿水平方向的长度为L，细杆的长度为s，光屏PQ的半径为r且圆心在小平面镜处，已知rsx。设ab始终末进入磁场，cd始终未离开磁场。下列说法正确的是()7A.若线框通入顺时针方向电流，则PQ上的反射光斑将上移B.若入射光不变，小平面镜绕O轴转动角，则其反射光线

32、转过的角度也为C.若线框通入顺时针方向微电流I，则反射光斑在PQ上偏移的弧线长度为S=NBILrskD.若线框通入顺时针方向微电流I，则反射光斑在PQ上偏移的弧线长度为S=2NBILrsk【答案】AD【详解】A若线框通入顺时针方向电流，根据左手定制可知安培力竖直向下，弹簧将变得更长，平面镜将逆时针旋转，则PQ上的反射光斑将上移，故A正确；B若入射光不变，小平面镜绕O轴转动角，光路图如图所示由此可知则其反射光线转过的角度也为2，故B错误；CD若线框通入顺时针方向微电流I，则线圈中的安培力为F=NBIl根据胡克定律有F=NBIl=kDx重新平衡时 x=NBIlk设此时细杆转过的弧度为，则可知反射光

33、线转过的弧度为2，又因为r s x 则 sin 所以有 Dx=s ；S=r 2 联立可得 S=2rsx=2NBIlrsk故 C 错误，D 正确。故选AD。三、三大力场中有关弹簧模型的动力学问题三大力场中有关弹簧模型的动力学问题11如图甲所示，一轻质弹簧放置在光滑水平桌面上，一端固定在墙壁上，另一端拴接物体A，质量均为1kg的物体A、B接触但不粘连。压缩弹簧至某一位置(弹性限度以内)后静止释放A、B，同时给物体B施加水平向右的力F使之做匀加速直线运动，F与作用时间t的关系如图乙所示，则下列说法正确的是()8A.A、B分离时，弹簧刚好为原长状态B.A、B分离时，B的加速度为2m/s2C.A、B分离

34、时，A的速度为0.2m/sD.刚释放A、B时，弹簧的压缩量为8cm【答案】BD【详解】A物体A、B分离时，B只受拉力F作用，加速度大于零，此时A的加速度与B的相同，则弹簧弹力大于零，弹簧处于压缩状态，故A错误；B物体A、B分离后，B的加速度不变，拉力F不变，由图乙可知，此时拉力F为2N，则B的加速度为a=Fm=2m/s2故B正确；C由图乙可知0.2s物体A、B分离，分离时A、B的速度相同，均为v=at=0.4m/s故C错误；Dt=0时，对A、B整体由牛顿第二定律得，弹簧弹力为kx1=2ma运动0.2s后，弹簧压缩量为x2=12at2=0.04m此时弹簧弹力为kx2=ma联立解得x1=0.08m

35、=8cm故D正确。故选BD。12如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量均为M的物体A、B(B物体与弹簧连接)，弹簧的劲度系数为k，初始时物体处于静止状态。现用竖直向上的拉力F作用在物体A上，使物体A开始向上做加速度为a(ag)的匀加速运动，A、B的速度随时间变化图像如图乙所示，重力加速度为g，则下列说法正确的是()A.拉力F的最小值为2MaB.A、B分离时，弹簧弹力恰好为零C.A、B分离时，A上升的距离为M g-akD.弹簧恢复到原长时，物体B的速度达到最大值【答案】AC【详解】AA、B整体原来静止，合外力为零，施加外力F的瞬间，对A、B整体，根据牛顿第二定律有F=2Ma

36、当A、B整体向上运动时，弹簧弹力减小，则F增大，故A正确；B物体A、B在t1时刻分离，此时A、B具有共同的v与a，且A、B间作用力为0，对B有F弹-Mg=Ma解得F弹=M g+a故B错误；C施加F前，物体A、B整体平衡，根据平衡条件有2Mg=kx1解得x1=2Mgk，A、B在t1时刻分离，由F弹=M g+a=kx2解得x2=M g+ak则A、B分离时，A上升的距离为x=x1-x2=M g-ak故C正确；9D当弹簧的弹力F弹=Mg时，B达到最大速度，此时弹簧处于压缩状态，故D错误。故选AC。13在倾角为的光滑固定绝缘足够长的斜面上有两个用绝缘轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为m和3m，弹簧

37、的劲度系数为k，C为一固定挡板，开始未加电场，系统处于静止状态，A带正电，B不带电，现加一沿斜面向上的匀强电场，物块A沿斜面向上运动，当B刚离开C时，A的速度为v，之后两个物体运动中，当A的加速度为0时，B的加速度大小为a，方向沿斜面向上，则下列正确的是()A.未加电场时，挡板C对物块B的作用力大小为3mgsinB.从加电场后到B刚离开C的过程中，A发生的位移大小为4mgsinkC.B刚离开C时，电场力对A做功的瞬时功率为(4mgsin+3ma)vD.从加电场后到B刚离开C的过程中，物块A的机械能和电势能之和保持不变【答案】BC【详解】A开始未加电场，系统处于静止状态，挡板C对物块B的作用力大

38、小为A和B的总重力在沿斜面方向上的分力为FN=4mgsin故A错误；B从加电场时，弹簧处于压缩状态，对物块A受力分析，根据平衡条件有mgsin=kx1解得x1=mgsink物块B刚要离开C时，弹簧处于拉伸状态，对B由平衡条件可得3mgsin=kx2解得x2=3mgsinkB刚离开C的过程中，A发生的位移大小为x=x1+x2=4mgsink故B正确；C设A所受的电场力大小为F，由题知当A的加速度为零时，B的加速度大小为a，方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律对A有F-mgsin-F弹=0对B有F弹-3mgsin=3ma故有F=4mgsin+3ma当B刚离开C时，A的速度为v，则电场力对A做功的瞬时功

39、率为P=Fv=(4mgsin+3ma)v故C正确；D对A、B和弹簧组成的系统，从加电场后到B刚离开C的过程中，物块A的机械能、电势能与弹簧的弹性势能之和保持不变，弹簧的弹性势能先减小后增大，故物块A的机械能和电势能之和先增大后减小，故D错误。故选BC。14如图所示，竖直平面内存在着竖直向上的匀强电场(未全部标出)，一根绝缘轻弹簧竖直立在水平地面上，下端固定。一带正电的小球从高处由静止释放，竖直落到弹簧上端，并压缩弹簧至最低点。已知小球所受的电场力为重力的一半，不计空气阻力，且弹簧处于弹性限度内。若规定竖直向下为运动的正方向，从小球接触弹簧到弹簧压缩至最低点的过程中，下列关于小球速度v、加速度a

40、与运动时间t、位移x的图像，可能正确的有()10A.B.C.D.【答案】AD【详解】A小球以一定速度接触弹簧后，在开始阶段，小球的重力大于电场力与弹簧弹力的合力，合力向下，加速度向下，根据牛顿第二定律得mg-kx-qE=ma1解得a1=-kxm+12g当x增大时，a减小，小球做加速减小的加速运动；当弹簧弹力与电场力的合力等于重力时，小球的合力为零，加速度 a2=0当弹簧弹力与电场力的合力大于重力后，小球的合力向上，加速度向上，根据牛顿第二定律得-kx-qE+mg=ma3解得a3=-kxm+12g当x增大时，a增大，小球做加速度增大的减速运动，到最低点小球的速度为零。故A正确；B弹簧压缩至最低点

41、时速度为零，但小球刚接触弹簧时，速度不为零，故B错误；Ca-t图像与坐标轴围成的面积大小表示速度变化量大小。小球从以一定速度与弹簧接触到最大速度的速度变化量大小小于小球从速度最大到最后速度为零的速度变化量大小，所以加速度为零前图像与坐标轴围成的面积应小于加速度为零以后图像与时间轴围成的面积。故C错误；D小球以一定速度接触弹簧后，在开始阶段，小球的重力大于电场力与弹簧弹力的合力，合力向下，加速度向下，根据牛顿第二定律得mg-kx-qE=ma1解得a1=-kxm+12g，a与x是线性关系，当x增大时，a减小，小球做加速减小的加速运动；当弹簧弹力与电场力的合力等于重力时，小球的合力为零，加速度a2=

42、0当弹簧弹力与电场力的合力大于重力后，小球的合力向上，加速度向上，根据牛顿第二定律得-kx-qE+mg=ma3解得a3=-kxm+12g，a与x是线性关系，当x增大时，a增大，小球做加速度增大的减速运动，到最低点小球的速度为零。故D正确。故选AD。15如图所示，质量为m的直导体棒垂直放在光滑水平导轨ab、cd上，导轨跟直流电源相连，两导轨间的距离为L，闭合开关后导体棒中通过恒定的电流劲度系数为k的水平轻弹簧一端固定，另一端拴在棒的中点，且与棒垂直，整个装置处于方向竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中，当棒处于静止状态时弹簧处于伸长状态且伸长量为x，则下列说法正确的是()11A.回路中的电流为逆

43、时针方向B.金属棒静止时电流等于kxBLC.若仅将电流方向反向，电流改变方向后的瞬间，导体棒的加速度大小为2kxmD.改变磁场方向，使磁场与导轨ab、cd平行，则金属棒受到的安培力等于零【答案】BC【详解】由于弹簧伸长，则安培力方向水平向右；由左手定则可得，回路中电流方向为顺时针方向，故 A错误；由于弹簧伸长为x，根据胡克定律和平衡条件可得，kx=BIL，则有I=kxBL，故B正确；电流改变方向后的瞬间，安培力瞬间变为向左，大小不变，由牛顿第二定律得：2kx=ma，得a=2kxm，故C正确；改变磁场方向，使磁场与导轨ab、cd平行，磁场方向与电流方向仍然垂直，金属棒受到的安培力不为零，故D错误

44、所以BC正确，AD错误16如图所示，左右对称、顶角为60的导体框架POQ竖直放置，空间存在垂直框架平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B，轻弹簧上端固定于O点，下端悬挂质量为m的导体棒MN，已知弹簧原长为L，劲度系数为k，框架和导体棒单位长度的电阻都为r。导体棒从位置I由静止释放，此时弹簧处于原长，当导体棒下降L到达位置时，速度刚好达到最大，在导体棒开始释放到最终静止的过程中保持水平且与导轨接触良好。不计一切摩擦，重力加速度为g，已知弹簧弹性势能Ep=12kx2(x为形变量)。下列说法正确的是()A.导体棒向下运动过程中N端电势比M端高B.导体棒向下运动过程中的最大速度为3 3r mg-kL4B2

45、L2C.导体棒由下向上返回到位置时的加速度方向竖直向上D.导体棒从开始释放到最终静止过程中回路产生的热量为m2g22k【答案】AD【详解】A导体棒向下运动过程中，根据右手定则，可判断棒中电流方向由M指向N，由于导体棒相当于电源，所以N端电势比M端高，A正确；B当导体棒向下运动过程中加速度为0时，有最大速度，设此时框架间的导体棒长度为d，有mg=BId12+kx；I=ER；E=Bdv；R=3dr有几何关系可知d=4 3L3；x=L联立，解得v=3 3r mg-kL4B2L，B错误；C导体棒向下运动到位置时，有kx+F安=mg导体棒由下向上返回到位置时，有kx-F安-mg=ma由于kxv1，即环经

46、过B时，上滑的速度大于下滑的速度，故D正确。故选CD。20如图所示，质量为m的物块P与物块Q(质量未知)之间拴接一轻弹簧，静止在光滑的水平地面上，弹簧恰好处于原长。现给P物体一瞬时初速度，并把此时记为0时刻，规定向右为正方向，02t0内P、Q物块运动的a-t图像如图所示，已知t0时刻P、Q的加速度最大，其中t轴下方部分的面积大小为S，则()A.物体Q的质量为12mB.2t0时刻Q物体的速度大小为vQ=SC.t0时刻弹簧的弹性势能为3mS24D.t02t0时间内弹簧对P物体做功不为零【答案】BC【详解】A02t0时间内Q所受弹力方向向左，P所受弹力方向始终向右；t0时刻，P、Q所受弹力最大且大小

47、相等，由牛顿第二定律可得F弹mP=F弹m=a0；F弹mQ=a02解得物体Q的质量为mQ=2m故A错误；B根据a-t图像与横轴围成的面积表示速度变化量，可知02t0时间内，Q物体的速度变化量大小为vQ=S=vQ-0则2t0时刻Q物体的速度大小为vQ=S，故B正确；Ct0时刻两物体具体相同的速度v，根据对称性可知，t0时刻P、Q物体的速度大小为v=S2设物体P的初速度为v0，根据动量守恒可得mv0=(m+2m)v解得v0=3v=32S设t0时刻弹簧的弹性势能为Ep，根据能量守恒可得Ep=12mv20-123mv2联立解得Ep=3mS24故C正确；D设2t0时刻P物体的速度为vP；根据动量守恒可得m

48、v0=mvP+2mvQ解得vP=-S2=-v可知2t0时刻P物体的速度大小等于t0时刻P物体的速度大小，则2t0时刻P物体的动能等于t0时刻P物体的动能，故t02t0时间内弹簧对P物体做功为零，故D错误。故选BC。1521如图所示，劲度系数为k0的轻弹簧一端固定于悬点O，另一端悬挂一个质量为m的小球a，小球a静止时处于空中A点，在悬点O处有一带电荷量为-q(q0)的小球b(未画出)，弹簧与小球a、b彼此绝缘。某时刻，用某种方式让小球a带上电荷量+q，小球a由静止开始向上运动，当a、b球间的电场力为a球重力的两倍时，小球a的速度达到最大值v，此时小球a处于空中B点。两带电小球均看作点电荷，静电力

49、常量为k，重力加速度为g，不计空气阻力的影响，则()A.弹簧的原长为qk2mg+mgk0B.A、B两点间的距离为3mgk0C.A、B两点间电势差UAB=mv22q+2m2g2qk0D.小球a从A点到B点机械能的变化量为mv22-2m2g2k0【答案】AC【详解】A小球a静止时处于空中A点，根据平衡条件有mg=k0 x小球a带上电荷量为+q的正电荷后向上加速到B点时有mg+k0 x=2mg解得x=mg此时弹簧弹力处于压缩状态，形变量与A点形变量相同，A、B两位置弹簧弹性势能相等，根据库仑定律得2mg=kq2r2且r=l-x联立解得弹簧原长l=qk2mg+mgk0，A正确；BA、B两点间的距离为x

50、=2x=2mgk0，B错误；C小球a从A点到B点，根据动能定理有W电-mgx=12mv2即qUAB=12mv2+2m2g2k0解得UAB=mv22q+2m2g2qk0，C正确；D小球a从A点到B点机械能的变化量等于电场力做的功，则有E=mv22+2m2g2k0，D错误。故选AC。22如图所示，abcd为固定的水平光滑矩形金属导轨，导轨间距为L左右两端接有定值电阻R1和R2，R1=R2=R，整个装置处于磁感应强度大小为B，方向竖直向下的匀强磁场中质量为m的导体棒MN放在导轨上，棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨与棒的电阻两根相同的轻质弹簧甲和乙一端固定，另一端同时与棒的中点连接初始时刻，两根弹