河南创新联盟TOP二十名校2023-2024学年高二下学期2月调研考试物理试题含答案.pdf

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1、 学科网（北京）股份有限公司 绝密绝密启用前启用前 新高中创新联盟新高中创新联盟 TOP 二十名校高二年级二十名校高二年级 2 月调研考试月调研考试 物理物理 全卷满分全卷满分 100 分，考试时间分，考试时间 75 分钟分钟 注意事项：注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名，准考证号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的答卷前，考生务必将自己的姓名，准考证号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置。指定位置。2 回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用

2、橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并收回。考试结束后，将本试卷和答题卡一并收回。第第卷（选择题共卷（选择题共 40 分）分）一、单项选择题：本题共一、单项选择题：本题共 7 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 28 分。每个小题只有一个选项符合题目要求。分。每个小题只有一个选项符合题目要求。1关于简谐运动，以下说法正确的是（）A简谐运动的平衡位置就是物体振动速度为零的位置 B简谐运动的位移是以平衡位置为起点的位移

3、大。C简谐运动的物体运动的路程越大，发生的位移也越大小 D简谐运动的位移是指振动物体偏离平衡位置最远时的位移 2某实验小组的同学利用伏安法测量电源的电动势和内阻的实验时，记录了多组实验数据，并利用实验数据描绘了如图所示的UI图像（U为路端电压，I为电路中的干路电流）下列说法正确的是（）A电源的电动势为0.8V B电源的内阻为103 C导线直接接在电源正负极，电流为0.6A D图线斜率的绝对值表示电源的内阻，即为2 3如图所示，矩形线框的边长为22m,bcabab=边竖直，bc边水平，磁感应强度大小为1.0T,0Bt=时刻线框平面与磁场垂直，且规定该时刻穿过线框的磁通量为正，OO、分别为ab边、

4、cd边的中点，现让线框绕OO轴转动则下列说法正确的是（）学科网（北京）股份有限公司 A线框转过30时，磁通量的变化量为()23 Wb B线框转过90时，磁通量的变化量为2Wb C线框转过120时，磁通量的变化量为3Wb D线框转过180时，磁通量的变化量为0Wb 4 如图所示为某透明材料制成的截面为正三角形的棱镜，边长为L，一细光束由AB边的中点以与边界成30角的方向射入，其折射入棱镜时光束与BC平行，光束第一次射到AC边时由棱镜射出，光在真空中的速度为c则下列说法正确的是（）A材料的折射率为3 B光束在AC边的反射光线与出射光线的夹角为120 CAC边的出射光线相对AB边的入射光线偏转120

5、 D光束从射入棱镜到第一次射出的时间为2Lc 5如图所示，两沿水平方向放置的平行板正对放置，已知平行板的长为b、宽度为a，两极板之间的距离为,d M点是两板正中央的点，现使两极板带上等量异种电荷，上板带正电、下板带负电，且下极板接地，下极板不动，将上极板缓慢地向右移动00,x xb则平行板电容器的电容C、两极板间的电压U、两极板间的电场强度EM、点的电势关于移动距离x的关系，下列图像正确的是（）A B 学科网（北京）股份有限公司 C D 6两物体AB、放在光滑的水平面上，现给两物体沿水平方向的初速度，使两物体在同一条直线上运动，经过一段时间发生碰撞如图所示为两物体碰撞前后的位移随时间的变化规律

6、已知物体A的质量为0.4kgAm=则下列说法正确的是（）A图线 1 为碰后物体B的图像 B物体B的质量为0.2kg C碰撞过程物体B所受的冲量大小为1.2kg m/s D碰撞过程损失的机械能为0.8J 7如图所示，两异种电荷MN、置于真空中，将一带正电的试探电荷放在e点时刚好静止，O点是两电荷的中 点，abcd、是 同 一 圆 上 的 四 点，O为 圆 心，且cd与 两 电 荷 的 连 线 垂 直，已 知eMMaaOObbN=则下列说法正确的是（）A电荷MN、所带电荷量的绝对值之比为1:5 Bab、两点的电场强度之比为1:3 C,c d两点的电场强度相同 D若电子在acb、三点的电势能分别为p

7、ppabEEE、，则pppacbEEE 二、多项选择题：本题共二、多项选择题：本题共 3 小题，每小小题，每小 4 分，共分，共 12 分。每个小题有多个选项符合要求。全部选分。每个小题有多个选项符合要求。全部选对得对得 4 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。8如图所示为一质点做简谐运动的位移随时间变化规律的图线，则关于质点的运动描述正确的是（）学科网（北京）股份有限公司 A质点的振动的周期为1.2s B该质点的振动方程为510sincm36yt=C0.6s时质点沿正方向运动，速度正在减小 D0.8s时质点的加速度沿正方向最大 9某直流电路如图

8、所示，电源的内阻不能忽略，定值电阻12RR、的阻值不随温度变化，电表均为理想电表，开关闭合，当滑动变阻器的滑片向下移动的过程中，三个电表示数变化量大小分别为12UUI、则下列说法正确的是（）A流过滑动变阻器的电流减小 B2V的示数减小，1VA、的示数增大 C电源的输出功率增大 D12UU，由公式pEq=可知电子在低电势点的电势能大，则有ppcpabEEE，D 正确 8AD 设质点的振动方程为()sincmyAt=+，由图可知直接读出质点运动的振幅为10cmA=，将()0,5代入解得6=，将()0.2,10代入解得5rad/s3=，则质点的振动周期为221.2s53T=，A正确，由以上分析可知质

9、点的振动方程为510sincm36yt=+，B 错误；结合图线可知，0.6s时质点在平衡位置下方向负的最大位移处运动，即该时刻质点的运动方向沿负方向，且速度正在减小，C 错误；0.8s时质点位于负的最大位移处，则质点的加速度为正方向，又位移最大，则质点的回复力最大，加速度最大，D 正确 9BD 由闭合电路欧姆定律可知滑片向下移动时，总电阻减小，干路中电流增大，A 表的示数增大，内压增大，路端电压减小，又1R两端的电压也增大，1V表的示数增大，所以并联部分的电压减小，2V表的示数减小，流过2R的电流减小，总电流增大，则流过3R的电流增大，A 错误，B 正确；由电路图可知，2R与滑动变阻器3R并联

10、后与1R串联接在电源两端，当滑片向下移动时，滑动变阻器3R接入电路的电阻减小，则电路中总电阻 学科网（北京）股份有限公司 减小，当外电路的总电阻与电源内阻大小相等时，电源的输出功率最大，由于该关系未知，因此无法确定电源的输出功率的变化，C 错误；由11UIR=得11URI=，又由()21EUI Rr=+得21URrI=+，所以12UU，D 正确 10 AD 由图可知甲、乙两列波的波长分别为2m3.0m=乙甲、，又0.2sT=甲，由vT=甲甲得10m/sv=，由于两列波在同一介质中传播，则两列波的波速相同，所以乙的波速为10m/sv=，A 正确；乙的周期为z3s0.3s10Tv=乙，发生干涉现象

11、的条件是两列波的频率相同，B 错误；0t=时刻，1mx=处的质点处在甲的波谷，处在乙平衡位置的下侧且沿y轴的负方向运动，故1mx=处质点在平衡位置下方，C 错误；甲波的波峰传播到2.5mx=的质点经历的时间0.5xmtvv+=甲甲甲，乙波的波峰传播到2.5mx=的质点经历的时间0.5xntvv+=乙乙乙，又tt=乙甲，联立解得230mn=（式中mn、均为正整数），分析知，当32mn=、，D 正确 11（1）C （2）213AABm xm xm x=+（3）231AABmmmhhh=+（每空 2 分）解析：（1）由于每个小球离开斜槽末端后做平抛运动，所以小球在空中运动的时间相同，由平抛运动的规律

12、可知，在求小球的初速度时，小球在空中运动的时间可约掉，因此无需测量抛出点到水平面的高度h，A 错误；该实验中两球从同一点抛出，水平位移对应小球在抛出点和落地点处的球心之间的水平距离，竖直位移对应小球在抛出点和落地点之间的竖直高度，不需要测量A球或B球的直径，B 错误；实验要验证的关系是012AABm vm vm v=+，两 球 碰 后 均 做 平 抛 运 动，落 地 时 间t相 同，则 要 验 证 的 关 系 式 是AABmOPmOMmON=+，则实验中需要测量A球和B球的质量Am和Bm，C 正确（2）结合（1）分析可知，若两球碰撞前后的动量守恒，则213AABm xm xm x=+成立（3）

13、结合图乙和题意可知012231222gggvxvxvxhhh=、，若碰撞过程中两球的动量守恒，需验证的关系式231AABmmmhhh=+12（1）串 39000 （2）电路图见解析 （3）3.4 0.54 解 析：（1）电 流 表 改 装 成 电 压 表 需 要 串 联 一 个 大 电 阻，根 据 串 联 电 路 规 律 可 以 知 道：学科网（北京）股份有限公司 0g6g4100039000100 10URRI=；描绘小灯泡的伏安特性曲线时要求电流从零逐渐调节，因此滑动变阻器用作分压接法，则滑动变阻器应选阻值较小的1R（2）由于改装后电压表的内阻已知，因此测量电路应用作电流表的外接法，电路图

14、如图所示 （3）由题意可知小灯泡两端的电压为：()6120g34 1040000V1.36VUIRR=+=，则其电阻为：111.363.40.4URI=，功率为：1 11.360.4W0.54WPU I=13解：（1）过AB、分别作MN的垂线，交MN于CD、点，如图所示 由题意可知2sin2AOC=则45AOCi=又由几何关系可知62sin4DOB=所以15DOB=由几何关系可知30r=由折射定律得sinsininr=代入数据得2n=（2）又由几何关系得3ABR=学科网（北京）股份有限公司 光在棱镜中的传播速度为22ccvn=又ABvt=解得6Rtc=14解：（1）物体沿斜面体下滑时，由牛顿第

15、二定律得11sincosmgE qma=解得214m/sa=物体滑到斜面体底端B的速度大小为2112va L=解得12m/sv=假设物体能与挡板发生碰撞，设碰前的速度大小为2v物体在水平面上滑行时，由牛顿第二定律2mgma=得222m/sa=由公式222122vva x=得21m/sv=，假设成立 物体反弹后向左减速运动，则由21202va x=得0.25mx=物体静止时到B点的距离为0.5mxxx=（2）假设当CD间的电场强度为2E时，物体碰后刚好运动到B点，则物体在DC间运动时，由2E qmg=3ma 物体到C点的速度为3v，则由2232302vva x=物体在CB间运动时，有()2320

16、02vaxx=解得2250N/CE=假设当CD间的电场强度为2E时，物体碰后刚好运动到A点，则物体在DC间运动时，由23E qmgma=物体到C点的速度为3v，则由2323022vva x=物体在CB间运动时，有()232202Bvvaxx=物体在BA间运动时，有2102Bva L=解得2750N/CE=学科网（北京）股份有限公司 由以上可知满足条件的电场强度的取值范围为2250N/C750N/CE 15解：（1）滑块甲释放后，沿光滑轨道下滑，该过程中只有重力做功，则滑块甲的机械能守恒，则有212Amghmv=解得3m/sAv=滑块甲、乙发生弹性碰撞，则两滑块组成的系统动量守恒、机械能守恒，设

17、滑块甲、乙碰后的速度分别为1v、2v则有0122mvmvmv=+2220121112222mvmvmv=+解得121m/s2m/svv=、碰后滑块甲原路返回，再由A点进入粗糙水平轨道，由动能定理得211102mgxmv=对滑块乙由动能定理得22212022mgxmv=解得120.2m0.8mxx=、两滑块静止时的间距为210.6mxxx=（2）设滑块甲的释放点距离水平轨道的高度为H时，滑块乙落在斜面体上的速度最小设滑块乙离开B点的速度为Bv，则由平抛运动的规律可知水平方向：Bxv t=竖直方向：212ygt=又有xyL+=联立可得12BLvgtt=滑块在竖直方向做自由落体运动，落在斜面上时的竖

18、直分速度为yvgt=设落在斜面上时滑块的速度为v，则222Byvvv=+可得2222254LgvtgLt=+学科网（北京）股份有限公司 当222254Lgtt=时v最小，此时有20.08t=，速度的最小值为minv 代入数据解得min3.375m/sv=此时0.4m0.5myx=、联立解得5 2m/s4Bv=设 滑 块 乙 碰 后 在A点 的 速 度 为Av，滑 块 乙 从A到B的 过 程 中，由 动 能 定 理 得221122222ABBAmgxmvmv=解得2.5m/sAv=设碰前滑块甲的速度为v，对两滑块碰撞的过程有12Amvmvmv+=22211112222Amvmvmv=+解得3.75m/sv=滑块甲从释放到底端的过程，由机械能守恒定律得212mgHmv=解得0.7mH