湖北云学名校联盟2023-2024学年高二下学期3月联考物理试卷含答案.pdf

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1、第1页/共7页 学科网（北京）股份有限公司2024 年云学名校联盟高二年级年云学名校联盟高二年级 3 月联考月联考物理试卷物理试卷 A 卷卷考试时长：考试时长：75 分钟分钟 满分：满分：100 分分 一、选择题：本题共一、选择题：本题共 10 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 40 分。在每小题给出的四个选项中，第分。在每小题给出的四个选项中，第 17题只有一项符合题目要求，第题只有一项符合题目要求，第 810 题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得 4 分，选对分，选对但不全的得但不全的得 2 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。1

2、.关于物理学家的贡献，下列说法正确的是（）A.法拉第提出了场的概念B.库仑最早测得元电荷的数值C.密立根通过扭秤实验总结出了静电力的规律D.奥斯特提出通过形象直观的磁感线来研究磁场2.如图为某种静电喷涂装置的原理图，接上高压电源后装置的两极间产生强电场（图中相邻的等势面间的电势差相等）。在强电场作用下，一带正电液滴（油漆）从发射极飞向吸板，a、b是其运动路径上的两个点，不计液滴重力，下列说法正确的是（）A.a 点的电场强度小于 b点的电场强度B.a 点的电势低于 b点的电势C.液滴在 a点加速度小于在 b点的加速度D.液滴在 a点的电势能大于在 b 点的电势能3.如图所示，带负电的玻璃圆盘绕沿

3、着东西方向的轴OO以一定的角速度匀速转动（从东向西看为逆时针方向），在圆盘西侧轴线上的小磁针静止时（）的湖北云学名校联盟2023-2024学年高二下学期3月联考物理试卷 第2页/共7页 学科网（北京）股份有限公司 A.N极沿轴线东偏北方向 B.N极沿轴线西偏北方向 C.N极沿轴线东偏南方向 D.N极沿轴线西偏南方向 4.梦溪笔谈记载：“予友人家有一琵琶，置之虚室，以管色（一种管状乐器）奏双调，琵琶弦辄有声应之，奏他调则不应，宝之以为异物。殊不知此乃常理。二十八调但有声同者即应”。此“常理”主要是指（）A.波的反射现象 B.共振现象 C.波的衍射现象 D.多普勒效应 5.2023年 6月 14

4、日，我国自主研发的首台兆瓦级漂浮式波浪能发电装置“南鲲号”在广东珠海投入试运行，如图甲。南鲲号发电原理可作如下简化：海浪带动浪板上下摆动，驱动发电机转子转动，其中浪板和转子的链接装置使转子只能单方向转动。如图乙，若转子带动线圈沿逆时针方向转动，并向外输出电流，下列说法正确的是（）A.图乙中线圈所处位置是中性面 B.在图乙所示位置时，穿过线圈的磁通量最大 C.在图乙所示位置时，线圈 a端电势高于 b 端电势 D.在图乙所示位置时，线圈靠近 S极的导线受到的安培力方向向上 6.如图为雀尾螳螂虾，它的“铁拳”可在0.02s内以接近80km/h的速度挥出，出拳冲击力度高达600N。若“铁拳”挥出过程中

5、，不考虑其他力的作用，则下列估算正确的是（）A.“铁拳”的质量约为50g B.“铁拳”的加速度大约为2100m/s C.“铁拳”的动量约增大了120kg m/s 第3页/共7页 学科网（北京）股份有限公司 D.“铁拳”所受合力的冲量大约为12N s 7.如图甲所示，质量相等的小球和点光源分别用相同的弹簧竖直悬挂于同一高度，静止时间距为l，竖直放置的光屏与小球水平间距为2l，小球和光源做小振幅运动时，在光屏上可观测到小球影子的运动。以竖直向上为正方向，小球和光源的振动图像如图乙所示，则（）A.0=t时刻小球处于平衡位置 B.1=tt时刻光源的加速度方向向上 C.2=tt时刻小球与影子相位差为 0

6、 D.3tt=时刻影子的位移为3A 8.如图，理想变压器原副线圈的匝数比12:5:1nn=，将原线圈接在交流电源上，副线圈上电阻 R 和理想交流电压表并联接入电路，已知交流电源电压()220 2sin100Vut=，电阻10R=。现在 A、B两点间接入不同的电子元件，下列说法正确的是（）A.在A、B间接入一理想交流电流表，电流表的示数为44A B.在A、B间接入一相同的电阻 R，电压表的示数为22V C.在A、B间接入一导线，只提高交流电的频率，电压表读数不变 D.在A、B间接入一电感线圈，只提高交流电的频率，电阻 R消耗电功率增大 9.我国超远距离特高压输电技术处于世界领先地位，图甲为某高压

7、直流输电线上使用的“正方形绝缘间隔棒”，它的作用是固定导线间距，防止导线相碰。将一正方形绝缘间隔棒支撑四根相互平行的长直导线 a、b、c、d，图乙为其截面图，O 为几何中心，长直导线 a、b、c、d中通有等大同向电流。下列说法正确的是（）第4页/共7页 学科网（北京）股份有限公司 A.O点的磁感应强度为零 B.a、b之间相互作用力为斥力 C.a 对 b 的安培力小于 a对 c的安培力 D.d 受到 a、b、c 的作用力的合力方向指向 O 10.如图所示，在光滑、绝缘水平面上有两个完全相同的带电金属小球 a、b，它们的质量均为 m，a所带电荷量为3q+，b所带电荷量为q+，a 以速度2v，b以速

8、度 v相向运动，两球先接触并发生弹性碰撞，之后分离各自反向运动。小球可视为质点，不计一切阻力，不考虑由于带电小球运动引起的电磁效应。下列说法正确的是（）A.两球碰撞位置在二者初始位置的连线中点左侧 B.整个过程两小球组成系统动量守恒 C 整个过程两小球组成系统机械能先减小后增大 D.某时刻 a球向左运动速度为54v时，系统减少的电势能为21316mv 二、非选择题：本题共二、非选择题：本题共 5 小题，共小题，共 60 分。分。11.某同学用图甲的装置测定当地的重力加速度。已知光滑圆弧形轨道ABC的半径为 R，弧长为l（Rl），B为圆弧轨道的最低点，A、C关于 B点所在的竖直线对称。小钢球的半

9、径为r（rl）。当小钢球经过 B 点时，光传感器发出的光，恰好能过小钢球的球心。现将小钢球由 A点静止释放，沿圆弧轨道ABC自由往复运动，光传感器接收端接收到一段时间内的光信号强度变化情况如图乙所示。的.第5页/共7页 学科网（北京）股份有限公司（1）该同学在分析光信号变化情况时，发现t与T相比，非常小，可以忽略不计。由此可得出，1T=_，小钢球往复运动的周期T=_（结果均用T表示）（2）小钢球在圆弧轨道上运动可视为简谐运动，则重力加速度 g的表达式为_。（3）由于在计算周期时忽略了t，由此测得的重力加速度的测量值_真实值。（填“大于”“小于”或者“等于”）12.为测量水果电池的电动势和内阻，

10、某同学用到如下实验器材：待测水果电池、电阻箱、数字式万用表（内阻远大于普通电压表）、开关、导线若干。实验操作步骤如下：按图甲连接电路，多用电表调到“直流电压档”；调节电阻箱阻值，闭合开关，记录电阻箱的阻值 R 和多用电表的示数 U，再断开开关；调节电阻箱的阻值，重复步骤；根据所记录数据，描点作出11UR图像，如图乙中直线 b 所示。完成下列问题：（1）根据闭合电路欧姆定律，可以得到1U与1R关系表达式为1U=_（用 E、r和 R 表示）；（2）不考虑多用电表内阻对电路的影响，由图乙中直线 b 可计算出，该水果电池的电动势E=_V，内阻r=_k；（结果均保留 2 位有效数字）（3）若用普通的电压

11、表代替万用电表进行实验，得到的图线可能是图乙中的_（填“a”、“b”、“c”或“d”）。13.如图甲所示，水平面上有一圆形线圈，通过导线与足够长的光滑水平导轨相连，线圈内存在垂直线圈平面方向竖直向上的匀强磁场，其磁感应强度1B大小随时间变化图像如图乙所示。平行光滑金属导轨处于磁感应强度大小为2B、方向垂直导轨平面向下的匀强磁场中。一导体棒MN垂直于导轨水平放置，由静止释放。已知线圈匝数10n=，面积20.02mS=，其电阻10.1=R，导轨相距0.1mL=，磁感应强度的 第6页/共7页 学科网（北京）股份有限公司 22.0TB=，导体棒质量0.5kgm=，其电阻20.3R=，其余电阻不计。求（

12、1）0=t时刻，导体棒中的电流 I 的大小及方向；（2）0=t时刻，导体棒的加速度大小和方向；（3）导体棒的最大速度的大小。14.在xOy平面内有垂直纸面的匀强磁场，方向如图所示。x 轴上方磁场磁感应强度为 B，下方磁场磁感应强度为2B，甲、乙两个质量均为 m、电荷量均为 q的带电粒子分别从点0P和点1P沿水平方向射出，以速度大小为0v、1v（未知）进入磁场，第一次同时到达 x 轴上的点 M且速度均垂直于 x 轴，不考虑电荷间的相互作用和边界效应。求（1）甲、乙两个带电粒子分别带什么电荷；（2）乙粒子的速度大小1v（用0v表示）；（3）若甲、乙在 M点发生弹性碰撞，求甲粒子从点0P射出到第二次

13、经过 x轴的坐标和所需的时间。15.如图，半径0.4mr=的固定水平金属圆环内存在方向竖直向上，磁感应强度12TB=的匀强磁场，可绕圆心 O 转动的金属棒OA的 A 端与圆环接触良好。间距1ml=的两平行长直导轨GH和EF与水平面的夹角37=，导轨GH与金属环相连，EF与金属杆 O 端相连。导轨平面的CDQP矩形区域内存在垂直导轨平面向上、磁感应强度大小21TB=的匀强磁场。初始时，一质量0.2kgm=、长1m的金属棒MN垂直导轨放置并锁定。当杆OA以角速度2.5rad/s=沿顺时针方向匀速转动时，解除MN的锁定，之后在0=t时刻MN以速度11m/sv=进入磁场，同时用外力控制MN棒，使MN棒

14、在磁场中做匀加速直线 第7页/共7页 学科网（北京）股份有限公司 运动，1s后以22m/sv=的速度离开磁场，此过程中MN棒始终与导轨接触良好。已知重力加速度 g 取210m/s，sin370.6=，金属棒OA、MN的电阻均为1R=，其余电阻均不计。求（1）0=t时刻MN棒受到的安培力大小AF；（2）MN棒受到外力F与时间t的关系式；（3）在磁场运动的过程中，通过MN棒的电荷量。的 第1页/共17页 学科网（北京）股份有限公司 2024 年云学名校联盟高二年级年云学名校联盟高二年级 3 月联考月联考 物理试卷物理试卷 A 卷卷 考试时长：考试时长：75 分钟分钟 满分：满分：100 分分 一、

15、选择题：本题共一、选择题：本题共 10 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 40 分。在每小题给出的四个选项中，第分。在每小题给出的四个选项中，第 17题只有一项符合题目要求，第题只有一项符合题目要求，第 810 题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得 4 分，选对分，选对但不全的得但不全的得 2 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。1.关于物理学家的贡献，下列说法正确的是（）A.法拉第提出了场的概念 B.库仑最早测得元电荷的数值 C.密立根通过扭秤实验总结出了静电力的规律 D.奥斯特提出通过形象直观的磁感线来研究磁场【答案】A【解析】【

16、详解】A法拉第提出了场的概念，故 A 正确；B密立根最早测得元电荷的数值，故 B 错误；C库仑通过扭秤实验总结出了静电力的规律，故 C错误；D法拉第提出通过形象直观的磁感线来研究磁场，故 D错误。故选 A。2.如图为某种静电喷涂装置的原理图，接上高压电源后装置的两极间产生强电场（图中相邻的等势面间的电势差相等）。在强电场作用下，一带正电液滴（油漆）从发射极飞向吸板，a、b是其运动路径上的两个点，不计液滴重力，下列说法正确的是（）A.a 点的电场强度小于 b点的电场强度 B.a 点的电势低于 b点的电势 C.液滴在 a点的加速度小于在 b 点的加速度 D.液滴在 a点的电势能大于在 b 点的电势

17、能 第2页/共17页 学科网（北京）股份有限公司【答案】D【解析】【详解】A等差等势线的疏密反映场强的大小，由图可知 a 处的等势线较密，则 abEE 故 A 错误；B高压电源左为正极，则所加强电场的场强向右，而沿着电场线电势逐渐降低，可知 ab 故 B 错误；C液滴的重力不计，根据牛顿第二定律可知，液滴的加速度为 Eqam=因abEE，得液滴在 a 点的加速度大于在 b 点的加速度，故 C 错误；D液滴在强电场作用下，从发射极飞向吸板，故说明电场力做正功，电势能减小，故液滴在 a 点的电势能比在 b点的大，故 D正确。故选 D。3.如图所示，带负电的玻璃圆盘绕沿着东西方向的轴OO以一定的角速

18、度匀速转动（从东向西看为逆时针方向），在圆盘西侧轴线上的小磁针静止时（）A.N极沿轴线东偏北方向 B.N极沿轴线西偏北方向 C.N极沿轴线东偏南方向 D.N极沿轴线西偏南方向【答案】B【解析】【详解】所以带负电玻璃圆盘如图所示的旋转，则金属环的电流方向与旋转方向相反，再由右手螺旋定则可以知道磁感线的方向在盘内从东向西。因此小磁针 N 极向西偏，由于地磁场的存在，所以 N 极沿轴线西偏北方向。故选 B。4.梦溪笔谈记载：“予友人家有一琵琶，置之虚室，以管色（一种管状乐器）奏双调，琵琶弦辄有声 第3页/共17页 学科网（北京）股份有限公司 应之，奏他调则不应，宝之以为异物。殊不知此乃常理。二十八调

19、但有声同者即应”。此“常理”主要是指（）A.波的反射现象 B.共振现象 C.波的衍射现象 D.多普勒效应【答案】B【解析】【详解】当驱动力的频率等于物体的固有频率时，物体将会发生共振现象。文中提到的“常理”主要是指共振现象。故选 B。5.2023年 6月 14 日，我国自主研发的首台兆瓦级漂浮式波浪能发电装置“南鲲号”在广东珠海投入试运行，如图甲。南鲲号发电原理可作如下简化：海浪带动浪板上下摆动，驱动发电机转子转动，其中浪板和转子的链接装置使转子只能单方向转动。如图乙，若转子带动线圈沿逆时针方向转动，并向外输出电流，下列说法正确的是（）A.图乙中线圈所处位置是中性面 B.在图乙所示位置时，穿过

20、线圈的磁通量最大 C.在图乙所示位置时，线圈 a端电势高于 b 端电势 D.在图乙所示位置时，线圈靠近 S极的导线受到的安培力方向向上【答案】C【解析】【详解】AB图乙中线圈所处位置与磁感线平行，穿过线圈的磁通量最小，与中性面垂直，故 AB 错误；C根据右手定则可知此时线圈内部电流从 b到 a，则线圈转动到如图所示位置时a端电势高于b端电势，故 C 正确；D线圈内部电流从 b 到 a，根据左手定则可知线圈靠近 S 极的导线受到的安培力方向向下，故 D错误。故选 C。6.如图为雀尾螳螂虾，它的“铁拳”可在0.02s内以接近80km/h的速度挥出，出拳冲击力度高达600N。第4页/共17页 学科网

21、（北京）股份有限公司 若“铁拳”挥出过程中，不考虑其他力的作用，则下列估算正确的是（）A.“铁拳”的质量约为50g B.“铁拳”的加速度大约为2100m/s C.“铁拳”的动量约增大了120kg m/s D.“铁拳”所受合力的冲量大约为12N s 【答案】D【解析】【详解】D“铁拳”在挥出过程中所受合力的冲量 12N sIF t=故 D 正确；C由动量定理得挥出过程中“铁拳”的动量增加量 12kg m/spI=故 C 错误；A“铁拳”的质量约为 12kg0.54540g803.6pmkgv=故 A 错误；B“铁拳”加速度约为 22m/sm/1s111vat=故 B 错误。故选 D。7.如图甲所

22、示，质量相等的小球和点光源分别用相同的弹簧竖直悬挂于同一高度，静止时间距为l，竖直放置的光屏与小球水平间距为2l，小球和光源做小振幅运动时，在光屏上可观测到小球影子的运动。以竖直向上为正方向，小球和光源的振动图像如图乙所示，则（）的 第5页/共17页 学科网（北京）股份有限公司 A.0=t时刻小球处于平衡位置 B.1=tt时刻光源的加速度方向向上 C.2=tt时刻小球与影子相位差为 0 D.3tt=时刻影子的位移为3A【答案】C【解析】【详解】A由图乙可知，0=t时刻小球处于正向位移最大处，故 A 错误；B由图乙可知，1=tt时刻光源位于平衡位置，加速度为零，故 B 错误；C由图乙可知，小球与

23、光源的振动步调总是相反，由于影子是光源发出的光被小球遮挡后，在屏上留下的阴影，可知影子与小球的振动步调总是相同，故2=tt时刻小球与影子相位差为 0，故 C正确；D由图乙可知，3tt=时光源位于最低点，小球位于最高点，根据直线传播能够在屏上影子的位置也处于最高点，即影子位于正方向上的最大位移处，根据几何关系有 2lAAllAx+=+影 解得3tt=时刻影子的位移为 5xA=影 故 D 错误。故选 C。8.如图，理想变压器原副线圈的匝数比12:5:1nn=，将原线圈接在交流电源上，副线圈上电阻 R 和理想交流电压表并联接入电路，已知交流电源电压()220 2sin100Vut=，电阻10R=。现

24、在 A、B两点间接入不同的电子元件，下列说法正确的是（）第6页/共17页 学科网（北京）股份有限公司 A.在A、B间接入一理想交流电流表，电流表的示数为44A B.在A、B间接入一相同的电阻 R，电压表的示数为22V C.在A、B间接入一导线，只提高交流电的频率，电压表读数不变 D.在A、B间接入一电感线圈，只提高交流电的频率，电阻 R消耗电功率增大【答案】BC【解析】【详解】A交流电源电动势的有效值为 1220 2V220V2U=根据理想变压器原副线圈的电压与匝数成正比，即有：1212:UUnn=副线圈两端的电压有效值为 22111220V44V5nUUn=在A、B间接入一理想交流电流表，电

25、流表的示数为 24.4AUIR=故 A 错误；B若在 AB 间串联一相同电阻 R，电压表测得 R 两端电压为 U，则 2122V2UU=故 B 正确；C在A、B间接入一导线，只提高交流电的频率，电压表读数不变，故 C 正确；D在A、B间接入一电感线圈，电感线圈阻支流，通直流，只提高交流电的频率，副线圈闭合回路中电流减小，根据2PI R=可知电阻 R消耗电功率减小，故 D 错误。故选 BC。9.我国超远距离特高压输电技术处于世界领先地位，图甲为某高压直流输电线上使用的“正方形绝缘间隔棒”，它的作用是固定导线间距，防止导线相碰。将一正方形绝缘间隔棒支撑四根相互平行的长直导线 a、第7页/共17页

26、学科网（北京）股份有限公司 b、c、d，图乙为其截面图，O 为几何中心，长直导线 a、b、c、d中通有等大同向电流。下列说法正确的是（）A.O点的磁感应强度为零 B.a、b之间的相互作用力为斥力 C.a 对 b 的安培力小于 a对 c的安培力 D.d 受到 a、b、c 的作用力的合力方向指向 O【答案】AD【解析】【详解】A因四条导线中的电流大小相等，O点与四条导线的距离均相等，由右手定则和对称性可知，a在 O 点的磁感应强度与c在 O点的磁感应强度等大反向，b在 O 点的磁感应强度与d在 O点的磁感应强度等大反向，所以四条导线在 O点的磁感应强度等于零，故 A正确；B通电导线之间满足“同向相

27、吸、异向排斥”的规律，所以 a、b 之间的相互作用力为引力，故 B错误；Cc相比b离a更近些，b处于a较强的磁场区域，由 FBIL=安培力大小与 B成正比，可知 a 对 b的安培力大于 a 对 c 的安培力，故 C错误；D根据“同向电流吸引，反向电流排斥”的推论可知，d受其余三条导线的吸引力分别指向三条导线，根据对称性，a与c对d的安培力大小相等，所以两者合力指向 ac方向，再与b对d的安培力（沿 ac方向）合成，总安培力方向沿正方形的对角线 ac 方向即指向 O，故 D 正确。故选 AD。10.如图所示，在光滑、绝缘水平面上有两个完全相同的带电金属小球 a、b，它们的质量均为 m，a所带电荷

28、量为3q+，b所带电荷量为q+，a 以速度2v，b以速度 v相向运动，两球先接触并发生弹性碰撞，之后分离各自反向运动。小球可视为质点，不计一切阻力，不考虑由于带电小球运动引起的电磁效应。下列说法正确的是（）A.两球碰撞位置在二者初始位置的连线中点左侧 第8页/共17页 学科网（北京）股份有限公司 B.整个过程两小球组成系统动量守恒 C.整个过程两小球组成系统机械能先减小后增大 D.某时刻 a球向左运动速度为54v时，系统减少的电势能为21316mv【答案】BCD【解析】【详解】A.对小球 a、b 有 23qqFkx=库 因为两小球完全相同，所以 abmmm=又由 Fma=有 abaa=对小球

29、a 2122aaxvta t=对小球 b 212bbxvta t=得 abxx 又 abxxMN+=得 2aMNx 即在发生碰撞在右侧，故 A错误；BC整个过程两小球组成系统所受合外力为 0，所以系统动量守恒，靠近时库仑力做负功，所以系统机械能减少，远离时库仑力做正功，所以机械能增加，故 BC正确；D根据动量守恒定律，设向右为正方向，对小球 a、b有 第9页/共17页 学科网（北京）股份有限公司 2abmvmvmvmv=+即 54avv=，94bvv=由功能关系有 222p2211(2)22151913()242416Emvmvmmvvmv=+=+故 D 正确。故选 BCD。二、非选择题：本题

30、共二、非选择题：本题共 5 小题，共小题，共 60 分。分。11.某同学用图甲装置测定当地的重力加速度。已知光滑圆弧形轨道ABC的半径为 R，弧长为l（Rl），B为圆弧轨道的最低点，A、C关于 B点所在的竖直线对称。小钢球的半径为r（rl）。当小钢球经过 B 点时，光传感器发出的光，恰好能过小钢球的球心。现将小钢球由 A点静止释放，沿圆弧轨道ABC自由往复运动，光传感器接收端接收到一段时间内的光信号强度变化情况如图乙所示。（1）该同学在分析光信号变化情况时，发现t与T相比，非常小，可以忽略不计。由此可得出，1T=_，小钢球往复运动周期T=_（结果均用T表示）（2）小钢球在圆弧轨道上的运动可视为

31、简谐运动，则重力加速度 g 的表达式为_。（3）由于在计算周期时忽略了t，由此测得的重力加速度的测量值_真实值。（填“大于”“小于”或者“等于”）【答案】（1）.2T .2 T （2）()22()RrT （3）大于【解析】的的 第10页/共17页 学科网（北京）股份有限公司【小问 1 详解】根据图乙可知 12TT=2TT=由于t与T相比，非常小，可以忽略不计，解得小钢球往复运动的周期为 2TT=【小问 2 详解】单摆的摆长 LRr=根据 2LTg=结合上述解得()22()RrgT=【小问 3 详解】由于在计算周期时忽略了t，即测量的周期偏小，根据上述可知，测得重力加速度值与真实值相比是偏大，故

32、由此测得的重力加速度的测量值大于真实值。12.为测量水果电池的电动势和内阻，某同学用到如下实验器材：待测水果电池、电阻箱、数字式万用表（内阻远大于普通电压表）、开关、导线若干。实验操作步骤如下：按图甲连接电路，多用电表调到“直流电压档”；调节电阻箱阻值，闭合开关，记录电阻箱的阻值 R 和多用电表的示数 U，再断开开关；调节电阻箱的阻值，重复步骤；根据所记录数据，描点作出11UR图像，如图乙中直线 b 所示。第11页/共17页 学科网（北京）股份有限公司 完成下列问题：（1）根据闭合电路欧姆定律，可以得到1U与1R关系表达式为1U=_（用 E、r和 R 表示）；（2）不考虑多用电表内阻对电路的影

33、响，由图乙中直线 b 可计算出，该水果电池的电动势E=_V，内阻r=_k；（结果均保留 2 位有效数字）（3）若用普通的电压表代替万用电表进行实验，得到的图线可能是图乙中的_（填“a”、“b”、“c”或“d”）。【答案】（1）11rE RE+（2）.1.0 .0.80 （3）a【解析】【小问 1 详解】根据闭合电路欧姆定律 UUErR=整理可得 111rUR EE=+【小问 2 详解】12 则可知图线 b的截距 1bE=图像斜率 rkE=由图线 b可知 第12页/共17页 学科网（北京）股份有限公司 1.0b=3.00 1.000.82.5k=所以 1.0VE=0.80kr=【小问 3 详解】

34、若用普通的电压表代替万用电表进行实验，由于电压表内阻不是无穷大，会导致测量结果存在误差，由闭合回路欧姆定律有 VVUEUIrUrR RRR=+=+得 V1111rrUE RE RE=+可见图线斜率不变，但截距变化，所以得到图线可能是图乙中的 a。13.如图甲所示，水平面上有一圆形线圈，通过导线与足够长的光滑水平导轨相连，线圈内存在垂直线圈平面方向竖直向上的匀强磁场，其磁感应强度1B大小随时间变化图像如图乙所示。平行光滑金属导轨处于磁感应强度大小为2B、方向垂直导轨平面向下的匀强磁场中。一导体棒MN垂直于导轨水平放置，由静止释放。已知线圈匝数10n=，面积20.02mS=，其电阻10.1=R，导

35、轨相距0.1mL=，磁感应强度22.0TB=，导体棒质量0.5kgm=，其电阻20.3R=，其余电阻不计。求（1）0=t时刻，导体棒中的电流 I 的大小及方向；（2）0=t时刻，导体棒的加速度大小和方向；（3）导体棒的最大速度的大小。【答案】（1）1A，从M到N；（2）20.4m/s，水平向右；（3）5m/s 第13页/共17页 学科网（北京）股份有限公司【解析】【详解】（1）0=t时刻，感应电动势为 14100.02V0.4V2BEnnStt=导体棒中的电流的大小为 121AEIRR=+根据楞次定律，导体棒中的电流方向为从M到N。（2）根据牛顿第二定律 2FIB Lma=解得0=t时刻，导体

36、棒的加速度大小为 20.4m/sa=根据左手定则，导体棒受到的安培力水平向右，故导体棒的加速度水平向右。（3）当导体棒受到的安培力为零时，即回路中的感应电流为零时，导体棒的速度最大，则 2mEB Lv=解得导体棒的最大速度的大小为 m5m/sv=14.在xOy平面内有垂直纸面的匀强磁场，方向如图所示。x 轴上方磁场磁感应强度为 B，下方磁场磁感应强度为2B，甲、乙两个质量均为 m、电荷量均为 q的带电粒子分别从点0P和点1P沿水平方向射出，以速度大小为0v、1v（未知）进入磁场，第一次同时到达 x 轴上的点 M且速度均垂直于 x 轴，不考虑电荷间的相互作用和边界效应。求（1）甲、乙两个带电粒子

37、分别带什么电荷；（2）乙粒子的速度大小1v（用0v表示）；（3）若甲、乙在 M点发生弹性碰撞，求甲粒子从点0P射出到第二次经过 x轴坐标和所需的时间。的 第14页/共17页 学科网（北京）股份有限公司 【答案】（1）甲粒子带正电，乙粒子带正电；（2）102vv=；（3）(5,0)L，32mqB【解析】【详解】（1）根据左手定则，甲粒子带正电，乙粒子带正电。（2）根据洛伦兹力提供向心力 200vqv BmL=2112vqvBmL=可得 102vv=（3）甲、乙在 M 点发生弹性碰撞，以向下为正方，设碰撞后甲粒子的速度为2v，乙粒子的速度为3v，根据动量守恒以及能量守恒可得 0123mvmvmvm

38、v=+2222012311112222mvmvmvmv+=+解得 202vv=，30vv=可知甲粒子将反弹，根据洛伦兹力提供向心力 222vqv Bmr=解得 2rL=根据几何关系有 25dLrL=+=第15页/共17页 学科网（北京）股份有限公司 则甲粒子从点0P射出到第二次经过 x轴的坐标为(5,0)L，甲粒子碰撞前后的运动周期为 1022LmTvqB=2222rmTvqB=甲粒子从点0P射出到第二次经过 x 轴的坐标和所需的时间为 12113422mtTTqB=+=15.如图，半径0.4mr=的固定水平金属圆环内存在方向竖直向上，磁感应强度12TB=的匀强磁场，可绕圆心 O 转动的金属棒

39、OA的 A 端与圆环接触良好。间距1ml=的两平行长直导轨GH和EF与水平面的夹角37=，导轨GH与金属环相连，EF与金属杆 O 端相连。导轨平面的CDQP矩形区域内存在垂直导轨平面向上、磁感应强度大小21TB=的匀强磁场。初始时，一质量0.2kgm=、长1m的金属棒MN垂直导轨放置并锁定。当杆OA以角速度2.5rad/s=沿顺时针方向匀速转动时，解除MN的锁定，之后在0=t时刻MN以速度11m/sv=进入磁场，同时用外力控制MN棒，使MN棒在磁场中做匀加速直线运动，1s后以22m/sv=的速度离开磁场，此过程中MN棒始终与导轨接触良好。已知重力加速度 g 取210m/s，sin370.6=，

40、金属棒OA、MN的电阻均为1R=，其余电阻均不计。求（1）0=t时刻MN棒受到的安培力大小AF；（2）MN棒受到的外力F与时间t的关系式；（3）在磁场运动的过程中，通过MN棒的电荷量。【答案】（1）0.3N；（2）0.50.7NFt=，沿轨道向下为正方向；（3）0.55C 第16页/共17页 学科网（北京）股份有限公司【解析】【详解】（1）金属杆匀速转动，产生的感应电动势为E，由法拉第电磁感应定律 2112EBr=MN进入磁场后，产生的感应电动势为 2EB lv=回路中电流 2EEIR=MN所受的安培力 A2FB Il=0=t时，将11m/svv=代入解得 A0.3N=F（2）MN在磁场中做匀加速直线运动 21vvat=MN的速度 1vvat=+取沿轨道向下正方向，对MN，根据牛顿第二定律 AsinFmgFma+=解得 0.50.7NFt=（3）导体棒MN所受安培力的冲量 AAIFt=又 A2FB Il=qIt=由0.50.7NFt=可知0=t时 00.7NF=为 第17页/共17页 学科网（北京）股份有限公司 1st=时 10.2NF=故外力的冲量 01F2FFI+=由动量定理 FA21sinmgtIImvmv+=解得 0.55Cq=