2024届山东省泰安市高三下学期一模物理试题含答案.pdf

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1、#QQABKYAAogCgAAIAAAhCAwH4CEGQkBGCCCoOABAEIAIASANABCA=#2024届山东省泰安市高三下学期一模物理试题#QQABKYAAogCgAAIAAAhCAwH4CEGQkBGCCCoOABAEIAIASANABCA=#QQABKYAAogCgAAIAAAhCAwH4CEGQkBGCCCoOABAEIAIASANABCA=#QQABKYAAogCgAAIAAAhCAwH4CEGQkBGCCCoOABAEIAIASANABCA=#高三物理试题参考答案 第页（共5页）2024.03高 三 一 轮 检 测物理试题参考答案及评分标准一、选择题：本题共40分。在每

2、小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第912题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。三、非选择题：共60分。13.（1）-2；（2）4.9；（3）0.75（每空2分，共6分）14.（1）2002400（2）1400（3）60（每空2分，共8分）15.（8分）解：（1）设气柱的横截面积为s，右管气柱原长度为L，两侧水银面高差h，大气压强p0，现气柱长度L1由玻意耳定律得(p0+h)Ls=p0L1s代入数据得L1=45cm（2）设活塞下移长度为x，两侧液面相平时，气体压强为p此过程水银整体向右侧移动h=h2对右管内气体由玻意耳定律得(p0+h)L

3、s=p(L-h)s对左管内气体由玻意耳定律得p0(L-h)s=p(L-h-x+h)s联立得x 14cm.评分标准：各2分，其余各式均为1分，共8分。16.（8分）解：（1）链球脱手后做斜上抛运动，根据机械能守恒12mv20+mgh=12mv2解得：v=202 m/s（2）链球脱手后做斜上抛运动，设运动时间为t，抛出点和落地点水平速度相等v0cos=vcos在抛出点A竖直方向上的分速度大小为v1=v0sin题号答案1C2A3A4D5C6A7D8B9BD10AB11AC12BD1#QQABKYAAogCgAAIAAAhCAwH4CEGQkBGCCCoOABAEIAIASANABCA=#高三物理试题

4、参考答案 第页（共5页）在落地点竖直方向上的分速度大小为v2=vsinv=v1+v2=gt解得：t=6115s（3）链球在水平方向上做匀速直线运动，链球脱手点A与落地点间的水平距离为x=v0cost解得；x=562 m评分标准：式共1分，其余各式均为1分，共8分。17.（14分）解：（1）甲粒子在电场中做类平抛运动，有v甲=v0cos60qEh=12mv2甲-12mv20联立可得E=3mv202qh（2）甲粒子第一次进入磁场时，有v甲z=v0tan60=atqE=ma画出甲粒子在电场和磁场中的运动轨迹，可知甲粒子在电场中的运动时间为t甲1=3t=23 hv0甲粒子与乙粒子相遇前在磁场中两次偏转

5、的圆心角分别为120和60，则甲粒子在磁场中运动时间为t甲2=T2=mqB故甲、乙两粒子相遇时甲粒子的运动时间为t甲=t甲1+t甲2=23 hv0+mqB（3）甲粒子进入磁场后做匀速圆周运动，有qv甲B=mv2甲r甲，得r甲=2mv0qB甲粒子在磁场中运动的最低点到xOy平面的距离为z=r甲-r甲cos60=mv0qB乙粒子进入磁场后，沿y轴正方向做匀速直线运动，沿平行xoz面内做匀速圆周运动，即在磁场中的运动轨迹为等距螺旋曲线。2#QQABKYAAogCgAAIAAAhCAwH4CEGQkBGCCCoOABAEIAIASANABCA=#高三物理试题参考答案 第页（共5页）因甲、乙两粒子进入磁

6、场后能在轨迹最低点相遇，故乙粒子在磁场中运动的最低点到xOy平面的距离也为z=mv0qB=r乙有qv乙zB=mv2乙zr乙，得r乙=mv乙zqB，即v乙z=v0由tan=v乙zv0=1，得=45可知乙粒子第一进入磁场时与水平方向的夹角为45（4）由v2甲z=2ah及v2乙z=2ah乙得乙粒子沿z轴方向的坐标为zc=h乙=h3甲粒子第2次进入磁场运动至最低点时沿x轴的距离为x甲=v0t甲1+3r甲sin60=23 h+33 mv0qB乙粒子第2次进入磁场运动至最低点时沿x轴的距离为x乙=3r乙=3mv0qB得乙粒子沿x轴方向的坐标为xc=x甲-x乙=23 h+3(3-1)mv0qB乙粒子在电场中

7、的运动时间为t乙1=3v乙za=2hv0乙粒子在磁场中的运动时间为t乙2=34T=3m2qB乙粒子第2次进入磁场运动至最低点时沿y轴的距离为yc=v0(t乙1+t乙2)=2h+3mv02qB得乙粒子沿y轴方向的坐标为-(2h+3mv02qB)即乙粒子释放的位置坐标为23 h+3(3-1)mv0qB,-(2h+3mv02qB),h3评分标准：式共1分、式共1分、式共1分、式共1分、其余各式均为1分，共14分。18.（16分）解：（1）可判得物块D到达F点时，轨道A还未与竖直挡板相碰由能量守恒定律得mDg()h+R=12mDv2D1+12mAv2A1物块D和轨道A组成系统水平方向动量守恒，则有3#

8、QQABKYAAogCgAAIAAAhCAwH4CEGQkBGCCCoOABAEIAIASANABCA=#高三物理试题参考答案 第页（共5页）mDvD1=mAvA1解得vD1=3m/svA1=1m/s（2）轨道A和竖直挡板第一次碰撞时的速度大小分别为vA2和vD2，此时物块D对地的水平位移大小为LD，则mAx=mDLDmAvA2=mDvD2由能量守恒定律得mDg(h+R)=1mDg(x+LD-R)+12mAvA22+12mDvD22解得vA2=0.5m/svD2=1.5m/sLD=0.975m（3）此后，物块D和轨道A达到共同速度vmAvA2+mDvD2=(mA+mD)v轨道A和木板B发生第一

9、次碰撞，碰后二者速度分别为vA3和vB1mAv=mAvA3+mBvB112mAv2=12mAvA32+12mBvB12可得v=34m/svA3=-38m/s vB1=38m/s轨道A和木板B第一次碰后，轨道A反弹，物块D滑上木板B，物块D匀减速直线运动,一段时间后二者达共速aD=2gaB1=2mDg-3(mD+mB)gmB因aB1=0，故木板B做匀速直线运动v-vB1=aDt1.该过程木板B前进xB1=vB1t1木板B和物块D达共速后又一起匀减速直线运动至零a=3gvB1=at2木板B又前进了xB2=vB12t2可判得木板B停止运动时，轨道A尚未追上木板B，故所求为t=xB1+xB2+2x-v

10、A3得t=343120s t1=316s xB1=9128m t2=158s xB2=45128m（4）由上易知x1=v+vB12t1-vB1t1轨道A和木板B第二次发生碰撞4#QQABKYAAogCgAAIAAAhCAwH4CEGQkBGCCCoOABAEIAIASANABCA=#高三物理试题参考答案 第页（共5页）mA(-vA3)=mAvA4+mBvB212mAvA32=12mAvA42+12mBvB22得vA4=-316m/s vB2=316m/s轨道A再次反弹，木板B匀减速直线运动，物块D匀加速直线运动aB2=2mDg+3(mD+mB)gmB物块D加速度大小仍不变，二者又用t3达到共速v，再共同匀减速直线运动至停止vB2-aB2t3=aDt3=v可判得木板B再次停止运动时，轨道A仍未追上木板B，故所求为x2=vB2+v2t3-v2t3得x1x2=449x1=9256mx2=9 9256 44m评分标准：式共1分，式共1分，式共1分，式共1分，式共1分，式共1分，式共1分，式共1分，每式1分，共16分。5#QQABKYAAogCgAAIAAAhCAwH4CEGQkBGCCCoOABAEIAIASANABCA=#