四川省绵阳市高中2021级第三次诊断性考试试卷含答案（五科试卷）.pdf

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1、四川省绵阳市高中2021级第三次诊断性考试试卷含答案（五科试卷）目录目录1.四川省绵阳市高中 2021 级第三次诊断性考试语文试卷含答案2.四川省绵阳市高中 2021 级第三次诊断性英语答案3.四川省绵阳市高中 2021 级第三次诊断性考试文综试卷含答案4.四川省绵阳市高中 2021 级第三次诊断性考试文数试卷含答案5.四川省绵阳市高中 2021 级第三次诊断性考试日语答案6.四川省绵阳市高中 2021 级第三次诊断性考试理综试卷含答案7.四川省绵阳市高中 2021 级第三次诊断性考试理数试卷含答案绵阳市高中 2021 级第三次诊断性考试理科数学参考答案及评分意见一、选择题：本大题共 12 小

2、题，每小题 5 分，共 60 分CBACBDDCBCDA二、填空题：本大题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分131014621545162三、解答题：本大题共 6 小题，共 70 分17解：（1）由列联表可计算2210024 1248 164.7623.84140607228K，4 分有 95%的把握认为参数调试能够改变产品合格率 5 分（2）根据题意，设备更新后的合格概率为 0.8，淘汰品概率为 0.26 分可以认为从生产线中抽出的 6 件产品是否合格是相互独立的，8 分设 X 表示这 6 件产品中淘汰品的件数，则(6 0.2)XB，9 分可得：60166015(1)C0.80.2C

3、0.80.2pP X10 分50.8(0.8 1.2)0.6553612 分18解：（1）设na的公差为 d，则 1，1+d，2+2d 成等比数列，1 分2(1)1(22)dd，解得：d=1 或 d=1，3 分而 d=1，不满足1a，2a，31a 成等比数列，d=1，4 分数列na的通项公式nan5 分（2）令12111231nnnnnna ba baba bD，6分111211213131nnnnnnna ba ba ba baDb，7分两式相减有：11111(2)3nnnnnna bbbbDD，8分数列 nb的前n+1项和为2 3n，即12 3nnT，9分又11 12Da b，所以12b，

4、10分11212 3nnnbbbb，11分12 3nnT12分19解：（1）过 C 作 CH1BB交1BB于 H，1 分C在平面11ABB A内的射影落在棱1BB上，CH 平面11ABB A，又AB 平面11ABB A，2 分CHAB，3 分又1ABBC，且1BCCHC，4 分AB 平面11BCC B；5 分（2）1 1 11 112ABCA B CABB AVSCH，则32213CH，6 分过 C 作1CQAA交1AA于Q，连结HQ，AA1与 CC1的距离为2则2CQ，又CH 平面11ABB A，则CHHQ，7 分在 RtCHQ 中：22221 1HQCQCH，则1HQ，又1AACH且1AA

5、CQ，1AA 平面CHQ1AAHQ又由（1）知：AB 平面11BCC B，AB 1BB，1ABAA，则四边形 ABHQ 为矩形，1ABHQ，又四边形 ABB1A1的面积为 3，则 BB1=3，8 分分别以HBHQHC，为x轴、y轴、z轴建立如图所示空间直角坐标系，设(0)BHx x，(0 0)，B x，(1 0)A x，1(30 1)C ，13 3AC 22221(3)1127ACx，解得2x，9 分B(2，0，0)，1(1 10)A ，(00 1)C，1(31 0)AB，(201)BC ，设平面1ABC的法向量为 n1()x y z，1113020AB nxyBC nxz ，令1x，则 n1

6、(1 3 2)，易知平面11ABB A的法向量 n2(00 1)，11 分12214cos714 1nn，平面1ABC与平面11ABB A所成锐二面角的余弦值为14712 分20解：（1）离心率223e12ba，则12ba，1 分当 x=1，221ayba，则221|=2=3aABba，3 分联立得:21，ab，4 分故椭圆 C 方程为：2214xy；5 分（2）设过 F，A，B 三点的圆的圆心为 Q(0，n)，1122()()A xyB xy，又(3 0)F，则22|=|QAQF，即222211(0)()(03)(0)xynn，6 分又11(,)A x y在椭圆2214xy上，故221114

7、xy，带入上式化简得到：2113210yny，7 分同理，根据22=QBQF可以得到：2223210yny，8 分由可得：12,y y是方程23210yny 的两个根，则1213y y ，9 分设直线 AB：1xty，联立方程：22141xyxty，整理得：22(4)230tyty，10 分故1223143y yt，解得：25t，5t ，11 分直线 AB 的方程为：510 xy 12 分21解：（1）当1a时，xxxxxxf2241ln)21()(，xxxfln)1()(，则切线斜率1ek，2 分曲线)(xf在(e，(e)f)处的切线方程：)e)(1e(e412xy，4 分即：0ee43)1

8、e(2yx，5 分（2）证明方法一：因为)ln)(ln()(axaxxf，6 分由()0fx得到ax；由()0fx得到ax 0()f x在)0(a，单调递减，在)(，a单调递增2min45)()(aafxf，7 分要证105()(2ln)e8af xa，即证：2155(2ln)e48aaa，只需证：212ln20eaaa(12)a（*）8 分设)21(2lne2)(12xxxxgx，则22311142142e()eexxxxxxxg xxx，9 分设23142()1(12)exxxh xx，则321121082(1)(4)()eexxxxxx xxh x，易知：()h x在(1，2)上单调递减

9、，而(1)10h，(2)10h ，故必存在唯一)21(0，x，使得0()0h x，10 分当)1(0 xx，时，()0h x，即()0g x；当)2(0，xx时，()0h x，即()0g x，()g x在0(1)x，上单调递增，在)2(0，x上单调递减11 分而0)1(g，022lne8)2(g，()0g x 在(1，2)上恒成立，即（*）式成立，原命题得证12 分方法二：因为)ln)(ln()(axaxxf，6 分由()0fx得到ax；由()0fx得到ax 0()f x在)0(a，单调递减，在)(，a单调递增2min45)()(aafxf，7 分要证105()(2ln)e8af xa，即证：

10、2155(2ln)e48aaa，只需证：122ln0(12)eaaaaa，8 分设122ln()(12)exxxg xxx，即证()0g x 在x(1，2)恒成立.则12221ln()(12)exxxg xxx，令()()h xg x，则132(2)12ln()(12)exxxh xxx，9 分又12x，132(2)12ln00exxxx，132(2)12ln()0exxxh xx在(1，2)上恒成立.10 分()g x在(1，2)单调递减，又8e(1+ln2)(1)10(2)04egg ，存在0(1 2)x ，使得()g x在0(1)x，单调递增，在0(2)x，单调递减.又8e(2ln2)(

11、1)0(2)02egg，11 分()0g x 在x(1，2)恒成立，得证 12 分方法三：因为)ln)(ln()(axaxxf，6 分由()0fx得到ax；由()0fx得到ax 0()f x在)0(a，单调递减，在)(，a单调递增2min45)()(aafxf，7 分要证105()(2ln)e8af xa，即证：2155(2ln)e48aaa，只需证：12(2ln)e1(12)2aaaa，8 分令12(2ln)()e(12)2aag aaa，则13(2ln)32ln()e(12)2aaaag aaa，设()(2ln)32ln(12)h aaaaa，9 分2()3ln(12)h aaaa，易知(

12、)h a在(1，2)单调递增()(1)10h ah，10 分()h a在(1，2)单调递增，又(1)10(2)10hh ，存在唯一0(1 2)a ，使得当0(1)()0aah a，()0()g ag a，单调递减，当0(2)()0aah a，()0()g ag a，单调递增，11 分又(22ln2)e(1)1(2)18gg，()1g a 在(1 2)a，恒成立，原不等式得证12 分22（1）方法一：令0 x，即0sin3cos，解得33tan，1 分k265或Zkk，2611，2 分当k265时，4)23(3212y；3 分当k2611时，0233212y，4 分曲线 C1与 y 轴的交点坐标

13、为（0，4），（0，0）5 分方法二：消参：由 C1的参数方程得：431)cos3(sin)sin3(cos)2(2222yx，1 分即曲线 C1的普通方程为：4)2(22 yx，2 分令0 x，得0y或 4，4 分曲线 C1与 y 轴的交点坐标为（0，4），（0，0）5 分（2）方法一：将曲线 C1：4)2(22 yx化为极坐标方程，得：sin4，6 分联立 C1，C2的极坐标方程sin42)3sin(，得sin42)3sin(，从而12sin2322cos11)cos3(sinsin，7 分整理得：21)62sin(，所以65662或，8 分即26或，9 分AOB362 10 分方法二：将

14、 C2的极坐标方程2)3sin(，化为直角坐标方程：043 yx，6 分C2是过点（0,4）且倾斜角为32的直线，7 分不妨设 B（0,4），则OBA6，因为 BO 为直径，所以BAO2，9 分AOB36210 分23.（1）由baba33得3)(3ababbaba，1 分又由2)()(abbxaxbxaxxf（，3 分且0 ba，所以2ba，4 分由得：1,3ba；5 分（2）ttttbtat13333，6 分令20sin，t，则cos1t，7 分)3sin(2sincos313tt，9 分当6时，即41t时，btat 3的最大值为 210 分绵阳市高中绵阳市高中 20202 21 1 级第

15、级第三三次诊断性考试次诊断性考试理科综合能力测试化学参考答案和评分标准选择题：7.D8.C9.B10.B11.A12.D13.C非选择题（一）必考题26.（15 分）（1）量筒（1 分）加热（1 分）（2）在上层清液中滴加 BaCl2溶液，若不产生白色沉淀，确定沉淀完全。（2 分）（3）2Fe3+3CO2-33H2O=2Fe(OH)33CO2（2 分）NaOH（1 分）（4）促进 CO2逸出，利于除去 CO2-3和 HCO-3（2 分）（5）b（2 分）利用溶解性差异除去 K+或蒸发结晶无法除去 K+（2 分）（6）加快过滤速率、提高固液分离效率、使滤出的固体更干燥、减少能源消耗等（任 2 点

16、，2 分）27（14 分）（1）MnSO4（2 分）2Fe3+H2S=2Fe2+S2H（2 分）（2）1.2810-6或 1.2510-6或 410-6.5（2 分）（3）CaF2（1 分）经计算可知，Ca2+完全沉淀时，Ni2+、Co2+、Mn2+均已完全沉淀或氢氧化钙微溶，调 pH 值无法使 Ca2+完全沉淀（2 分）（4）Mn2+（1 分）P507（2 分）（5）2Ni2+Br26OH=2NiO(OH)2Br2H2O（2 分）28.（14 分）（1）1875（2 分）（2）I（2 分）t125、p8 MPa（1 分）0.175（2 分）c（2 分）（3）低温时催化剂活性低（2 分）副产物

17、的生成量增加（1 分）（4）3CO218e18H=C3H8O5H2O（2 分）（二）选考题35.化学选修 3：物质结构与性质（15 分）（1）6（1 分）BeMgAl（1 分）（2）3d4s（1 分）MgCl2为离子晶体，TiCl4为分子晶体，一般离子晶体沸点更高（2 分）（3）sp2、sp3（2 分）24（2 分）O（1 分）（4）顶点（2 分）12（1 分）1.21032a3NA（2 分）36.化学选修 5：有机化学基础（15 分）（1）苯甲酸（1 分）酯基（1 分）（2）（2 分）c（1 分）（3）EF（1 分）GH（1 分）（4）（2 分）C17H18F3NOHCl 或 C17H19F

18、3NOCl（2 分）（5）24（2 分）（2 分）绵阳市高中绵阳市高中 20202121 级第三次诊断性测试级第三次诊断性测试生物试题参考答案及评分标准生物试题参考答案及评分标准说明：1 1生物学专有名词和专业术语出现错字、别字、改变了原含义等，扣 1 1 分/字（或不得分）。2 2除参考答案外，其它合理答案应酌情给分。选择题选择题（3636 分）分）1-61-6 B B A A C C B B D D C C非选择题（非选择题（5454 分）分）29（9 分）（1）控制两种蛋白质合成的基因不同（2 分）（2）协助扩散（2 分）细胞质基质（2 分）（3）细胞外液 Ca2+更多形成结合 Ca 而

19、浓度降低，Na+通道易于开放，Na+内流速度加快，肌肉细胞更易形成动作电位（兴奋），出现肌肉抽搐（3 分）30（10 分）（1）微量（高效）（1 分）人工合成（1 分）（2）极性运输（2 分）（3）TIBA 抑制了生长素的极性运输（2 分）TIBA 溶液（2 分）abc（2 分）31（10 分）（1）竞争（2 分）占有的食物资源或生存空间缩减（2 分）小于（2 分）两种鸟类分别占有了不同的食物资源或拓展了新的生存空间（2 分）（2）实现能量的多级利用，提高能量利用率；使能量流向对人类最有益的部分（2 分）32（10 分）（1）mRNA、tRNA、rRNA（2 分）（2）AAbb 或 aaBB（

20、2 分）粉色:白色=1:1 或红色:粉色:白色=3:6:7（2+2 分）（3）1/2（2 分）37.生物一选修 1：生物技术实践(15 分)（1）不溶于水、易溶于有机溶剂（2 分）（2）纤维素酶和果胶酶（2 分）萃取效率高、产品质量好（减少萃取剂的使用，杂质少，纯度高）、更加环保，成本低（任答 2 点）（2 分）（3）刚不烫手时（或约 50）（2 分）使辣椒素在培养基上扩散（2 分）（4）番茄灰霉菌（2 分）一定范围内，辣椒素浓度越高，抑菌圈直径越大，辣椒素浓度达到一定值后，抑菌圈直径达到最大，且不再随辣椒素浓度的变化而变化（2+1=3 分）38.生物选修 3：现代生物科技专题（15 分）（1

21、）氨基酸序列（或 mRNA 的核苷酸序列）（2 分）相应的酶切位点（2 分）便于与运载体（质粒）连接（2 分）（2）CaCl2（1 分）显微注射法（2 分）标记的牵丝蛋白基因（2 分）抗原（蜘蛛牵丝蛋白）与相应抗体能特异性结合（2 分）（3）羊毛的强度和韧度（2 分）物理参考答案和评分标准二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。14.C15.A16.D17.B18.D19.BC20.AD21.AC三、非选择题：本卷包括必考题

22、和选考题两部分。第 2232 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 3338 题为选考题，考生根据要求作答。22（6 分）（1）放大（2 分）（2）2Lsr（2 分）（3）2GrLs（2 分）23（9 分）（1）乙（2 分）（2）R1（2 分），R0（2 分），偏小（2 分）（3）2927（1 分）24.（12 分）解：（1）设导体框 ab 边进入磁场时的速度为 v0，在导体框下滑 x 的过程中201sin2mgxm（2 分）解得v0=1 m/s设 ab 边在磁场中运动过程时，电动势为 E，ab 中电流为 I，则E=BLv0（1 分）E=UabIr（1 分）解得I=0.5 A导体框 abcd

23、 做匀速直线运动，则mgsin=BIL（2 分）解得m=0.1 kg（1 分）（2）设 ab 边通过磁场区域的时间为 t，则0dt，q=It（1 分）解得 t=0.1 s。q=0.05 C（1 分）导体框 cd 边电阻 r 与定值电阻 R 并联，设电阻为 R并，则=RrRRr并，Uab=IR并（1 分）2abUQtR（1 分）解得R=0.75。1J120Q（1 分）25.（20 分）解：（1）设粒子分裂前的速度为 v，方向沿+x 轴，则2mv=2mv0-mv0（2 分）22200111(2)2222kEmmm（2 分）解得2094kEm（2 分）（2）（每空 0.5 分，共 4 分）粒子x0

24、区域（磁感应强度大小为 B）x0 区域（磁感应强度大小为 2B）aRa1=02mqBTa1=2 mqBRa2=0mqBTa2=mqBbRb1=0mqBTb1=2 mqBRb2=02mqBTb2=mqB（3）粒子 a 在 x0 区域做匀速圆周运动半径是在 x0 区域半径的二分之一，与粒子 b 在 x0 区域的半径相等，所以，粒子 a、b 第一次都要通过的 M 点与坐标原点间的距离是 Ra1或2Rb1。粒子 a、b 运动轨迹如图所示，实线为 a 粒子轨迹，虚线为 b 粒子轨迹。粒子 a 从 O 点第一次到达 M 点的时间为 ta，则12113222aaamtTTqB（2 分）粒子 b 从 O 点第

25、一次到达 M 点的时间为 tb，则112bbmtTqB（2 分）则2abmtttqB（2 分）（4）如图所示，粒子 a 第一次在 x0 区域做圆周运动，圆心是 O，粒子 b 第二次在 x0 区域做圆周运动的圆心是 M，这两个轨迹的交点是 P。设 P 点的横坐标是 xp，纵坐标是 yp，根据圆方程，则2221PPaxyR（1 分）2221()PPMbxyyR（1 分）解得074pmyqB（2 分）另解：另解：如图所示，设00mRqB。粒子 b 第一次在 x0 区域做圆周运动的圆心是 Q，第二次在 x0 区域做圆周运动的圆心是 M，轨迹与+y 轴的交点是 N；粒子 a、b 运动轨迹不在 y 轴上的

26、第一个交点是 P，设OPQ=，PQN=，则OPQ 中，有002sinsinRR；OPN 中，有0032sin()sin()22RR（1 分）P 点的纵坐标 yP=2R0cos(-）（1 分）解得074pmyqB（2 分）33【物理选修 33】（15 分）（1）CDE（5 分）（2）解：()碰撞游戏被压缩到最大的过程，气体等温变化，有p1V1=p2V2（2 分）解得：p2=1.5105Pa（2 分）（ii）从早晨充好气，到中午碰撞游戏前，气体等容变化，有3123ppTT（2 分）中午碰撞游戏，气体被压缩到最大的过程，气体等温变化，有p3V1=p4V2（2 分）联立式，代入数据，解得：p41.61

27、05Pa（1 分）因 p42.0105Pa，即可以安全地在中午 27 的环境下游戏碰撞。（1 分）34【物理选修 34】（15 分）（1）负方向（2 分）20（2 分）205 2（1 分）（2）解：（i）设光经 D 点折射后到达 AC 上的中点点 E，在 AB 边的折射角为，则单色光与 AC 边之间的夹角也为tanADAEll(1 分)sinsinn(1 分)3n(1 分分)（ii）画出光路如图所示，sinADDEll(1 分)在EFC 中，EFC+45=180(1 分)根据正弦定理00012sin(18075)sin45EFLl（1 分）单色光从 D 点传播到 F 点经过的路程和速度分别是s

28、=lDE+lEF（1 分）cn（1 分）st（1 分）t=32cL（5）（1 分）EF绵阳市高中 2021 级第三次诊断性考试日日 语语试题试题答案答案卷卷本试卷分为试题卷和答题卡两部分，其中试题卷共 12 页；答题卡共 2 页。满分 150 分，考试时间 120 分钟。注意事项：1.答题前,考生务必在答题卡上将自己的学校、班级、姓名用 0.5 毫米黑色签字笔填写清楚，同时用 2B 铅笔将考号准确填涂在“考号”栏目内。2.选择题使用 2B 铅笔填涂在答题卡对应题目标号的位置上，如需改动，用橡皮擦擦干净后再选涂其它答案；非选择题用 0.5 毫米黑色签字笔书写在答题卡的对应框内，超出答题区域书写的

29、答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。3.考试结束后将答题卡收回。第一部分第一部分 听力（共两节，满分听力（共两节，满分 3030 分）分）回答听力部分时，先将答案标在试卷上。听力部分结束前，你将有两分钟的时间将你的答案转涂到答题卡上。第一节（共第一节（共 7 7 小题：每小题小题：每小题 2 2 分，满分分，满分 1414 分）分）听下面 7 段对话。每段对话后有一个小题，从题中所给的 A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。听完每段对话后，你都有 10 秒钟的时间来回答有关小题并阅读下一小题。每段对话仅读一遍。1.1.C C2.2.B B3.3.B B4.4.B B5.5.

30、A A6.6.B B7.7.C C第二节（共第二节（共 8 8 小题：每小题小题：每小题 2 2 分，满分分，满分 1616 分）分）听下面 4 段录音，每段录音后有 2 个小题，从题中所给的 A，B，C 三个选项中选出最佳选项。听每段录音前，你有时间阅读各个小题，每小题 5 秒钟，听完后，各小题将给出 5 秒钟的作答时间。每段录音读两遍。8.8.B B9.9.A A10.10.B B11.11.A A12.C C13.B14.A15.C C第二部分第二部分 日语知识运用（共日语知识运用（共 4040 小题：每小题小题：每小题 1 1 分，满分分，满分 4040 分）分）从 A,B,C,D 四

31、个选项中选出最佳选项，并在答题卡上将该项涂黑。16.D17.A18.A19.C20.B21.C22.B23.C24.D25.A26.D27.B28.B29.C30.C31.C32.B33.C34.B35.A36.C37.D38.B39.C40.C41.A42.D43.B44.B45.D46.B47.D48.A49.A50.B51.C52.B53.D54.C55.A第三部分第三部分 阅读理解（共阅读理解（共 20 题：每小题题：每小题 2.5 分，满分分，满分 50 分）分）阅读下列短文，从 A,B,C,D 四个选项中选出符合文章内容的最佳选项，并在答题卡上将该项涂黑。（一）一）56.B57.C

32、58.A59.D60.B（二）二）61.A62.D63.B64.C65.D（三）三）66.D67.C68.D69.A70.D（四）四）71.A72.B73.B74.C75.A第四部分第四部分 写作（满分写作（满分 30 分）分）高考日语作文档次标准：高考日语作文档次标准：第 6 档(26-30 分)：写出“写作要点”的全部内容，语言准确流畅，句型及表达形式丰富。第 5 档(20-25 分)：写出“写作要点”的全部内容，语言表达恰当。第 4 档(15-19 分)：写出“写作要点”的大部分内容，语言表达通顺。第 3 档(10-14 分)：写出“写作要点”的一部分内容，语言表达基本通顺。第 2 档(

33、5-9 分)：写出“写作要点”的少部分内容，语言表达欠通顺。第 1 档(0-4 分)：写出“写作要点”的很少内容，语言表达不通顺或字数少于 100 字。高考日语作文评分标准说明：高考日语作文评分标准说明：(1)少于 300 字者，每少写一行扣 1 分。(2)每个用词或书写错误扣 0.5 分。（不重复扣分）(3)每个语法错误(活用、时态、助词、句型等)扣 1 分。总分不超过 5 分。(4)标点符号及格式错误扣分总值不超过 2 分。绵阳市高中绵阳市高中 2021 级第级第三三次诊断性考试次诊断性考试文科数学参考答案及评分意见一、选择题：本大题共 12 小题，每小题 5 分，共 60 分CDACCA

34、CCBDCA二、填空题：本大题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分13214621545163三、解答题：本大题共 6 小题，共 70 分17解：（1）当1n 时，11614aa，则112a 1 分当2n 时，由614nnSa，得11614nnSa，2 分两式相减，得1644nnnaaa，3 分12nnaa，即12(2)nnana，4 分数列na是以112a 为首项，2为公比的等比数列，5 分11(2)2nna 6 分（2）由（1）得212111(2)1421(2)63nnnnbS ，8 分可知数列43n是以43为首项，4 为公比的等比数列，9 分4(14)3614nnnT10 分144

35、69nn 11 分2323818nn（也可不计算到此步）12 分18解：（1）调试前，电池的平均放电时间为：2.50.025+7.50.065+12.50.085+17.50.045=11 小时，4 分调试后的合格率为：0.15+0.065=0.8，则0.812aa，5 分a=48；6 分（2）由列联表可计算2210024 1248 164.7623.84140607228K，10 分有 95%的把握认为参数调试能够改变产品合格率12 分19解：（1）E 是 BP 的中点，AB=AP，AEPB，1 分又平面 PAB平面 PBC=PB，且平面 PAB平面 PBC，AE平面 PBC，2 分过 D

36、作 DFPC 交 PC 于 F，平面 PCD平面 PBC，且平面 PCD平面 PBC=PC，DF平面 PBC，4 分AEDF，5 分又 DF平面 PCD，AE平面 PCD，AE平面 PCD；6 分（2）ADBCVC-PBD=VD-PBC=VA-PBC=VC-PAB，VC-PBD=VC-PAB=13SABPd，8 分又平面 PBC平面 PAB，过 C 作 CHPB 交 PB 于 H，CH平面 PAB，9 分在直角CHB 中：sin4522 2=22dCHBC，10 分22 1sin33 2C PBDABPVSAB APBAP，11 分当 sinBAP=1 时，体积的最大值为83 12 分20解：

37、（1）解：当1a时，2211()()ln24f xxxxxx，1 分()(1)lnfxxx，2 分此时切线斜率为：e1k；3 分所以曲线()f x在(e，(e)f)处的切线方程：21e(e1)(e)4yx4 分即：23(e1)ee04xy；5 分（2）证明方法一：因为()()(lnln)fxxaxa，6 分由()0fx得到ax；由()0fx得到ax 0()f x在)0(a，单调递减，在)(，a单调递增2min5()()4f xf aa，7 分要证15()(1ln)e4af xa，即证：2155(1ln)e44aaa，只需证：121lne1(1)aaaa，8 分设121 ln()exxg xx，

38、即证：()1g x 在(1)x，恒成立.9 分则13(2)ln1()exxxxg xx，令()(2)ln1h xxxx，10 分2()ln2h xxx，()h x在(1)，上单调递增，则()(1)0h xh()h x在(1)，上单调递增，则()(1)0h xh 11 分()0g x在(1)，恒成立，则()h x在(1)，上单调递增，()(1)0g xg，原不等式得证.12 分方法 2：因为)ln)(ln()(axaxxf，6 分由()0fx得到ax；由()0fx得到ax 0()f x在)0(a，单调递减，在)(，a单调递增2min45)()(aafxf，7 分要证15()(1ln)e4af x

39、a，即证：2155(1ln)e44aaa，即证：21(1ln)e(1)aaaa，即证：11 ln(1)eaaaaa，只需证：11 lnexxxx，令1()exxg x，则1ln(1ln)xgxx，即证：()(1 ln)g xgx，8 分又11()exxg x，且1x，则11()0exxg x，()g x在(1)x，单调递减，9 分又(1)x，1ln(1)x，即证1lnxx，只需证：1 ln0 xx，10 分令()1 lnh xxx，1()10h xx，则()h x在(1)x，单调递增，11 分()(1)0h xh，即1 ln0 xx，所以原不等式得证 12 分21解：（1）离心率223e12b

40、a，则12ba，1 分当 x=1，221ayba，则221|=2=3aABba，3 分联立得:21，ab，4 分故椭圆 C 方程为：2214xy；5 分（2）设过 F，A，B 三点的圆的圆心为 Q(0，n)，1122()()A xyB xy，又(3 0)F，则22|=|QAQF，即222211(0)()(03)(0)xynn，6 分又11()A xy，在椭圆2214xy上，故221114xy，带入上式化简得到：2113210yny，7 分同理，根据22=QBQF可以得到：2223210yny，8 分由可得：12,y y是方程23210yny 的两个根，则1213y y ，9 分设直线 AB：1

41、xty，联立方程：22141xyxty，整理得：22(4)230tyty，10 分故1223143y yt，解得：25t，5t ，11 分直线 l 的斜率为：5512 分22解：（1）方法一：令0 x，即0sin3cos，解得33tan，1 分k265或Zkk，2611，2 分当k265时，4)23(3212y；3 分当k2611时，0233212y，4 分曲线 C1与 y 轴的交点坐标为（0，4），（0，0）5 分方法二：消参：由 C1的参数方程得：431)cos3(sin)sin3(cos)2(2222yx，1 分即曲线 C1的普通方程为：4)2(22 yx，2 分令0 x，得0y或 4，

42、4 分曲线 C1与 y 轴的交点坐标为（0，4），（0，0）5 分（2）方法一：将曲线 C1：4)2(22 yx化为极坐标方程，得：sin4，6 分联立 C1，C2的极坐标方程sin42)3sin(，得sin42)3sin(，从而1)cos3(sinsin，则12sin2322cos17 分整理得：21)62sin(，所以65662或，8 分即26或，9 分AOB36210 分方法二：将 C2的极坐标方程2)3sin(，化为直角坐标方程：043 yx，6 分C2是过点（0,4）且倾斜角为32的直线，7 分不妨设 B（0,4），则OBA6，因为 BO 为直径，所以BAO2，9 分AOB36210

43、 分23解：（1）由baba33，得3)(3ababbaba，1 分又由2)()(abbxaxbxaxxf（，3 分且0 ba，所以2ba，4 分由得：1,3ba；5 分（2）ttttbtat13333，6 分令20,sint，则cos1t，7 分)3sin(2sincos313tt，9 分当6时，即41t时，btat 3的最大值为 210 分绵阳市高中 2021 级第三次诊断性考试文科综合文科综合(地理地理)参考答案及评分标准参考答案及评分标准一、选择题（44 分）15：ADBCA611：CCABBD二、非选择题（56 分）36.（24 分）（1）耐寒、耐旱（2 分）；喜光、抗倒伏（2 分）

44、。（2）（山地环抱的）低平原区，排水不畅（2 分）；（内流）湖泊星罗棋布，盐分长期沉积（2 分）；降雨少（多大风）、蒸发旺气候特征，（以及季节性冻融作用）使盐分向表土运动，积累形成盐碱土（2 分）；干旱季节，大风将盐碱化土壤带到非盐碱化土地上（2 分）。（3）将盐碱地改为水稻田，长期种稻，根系能改良土壤，秸秆可增加有机质含量等，降低 pH 值（2 分）；水稻增加覆盖度，减少（因风和阳光造成的）土壤水分流失（2分）；水稻蒸腾作用，抑制土壤中的盐随水分蒸发迁至表层（2 分）；稻田能起到防风固土的作用，避免次生盐碱化和盐碱地面积的扩大（2 分）。（4）增加（后备）耕地面积；改善中低产田耕地质量，提高

45、单位面积产量和总产量；保障粮食的稳定供给，平抑粮食价格；保障国内食物供应，减少进口依存度（答对一点得 2 分，总分不超过 4 分）37.（22 分）（1）2.2 亿年以来，南方抬升成陆，碳酸岩出露地表，形成广阔的喀斯特地貌（2分）；前 6500 万年以来，梵净山地区在巨大挤压作用下隆起（2 分）；表层碳酸盐岩遭受风化、流水溶蚀等（2 分）；（被覆盖的）变质岩裸露，成为孤岛（2 分）。（2）260 万年前冰期来临，较高海拔的生物迁到较低海拔；冰期结束，古生物回迁延续；梵净山高大，气候多样，适合多种生物生衍；雨水在难溶的变质岩地表汇聚，提供淡水；地形崎岖，人类干扰小。（答对一点得 2 分，总分不超

46、过 8 分）（3）森林面积广，有充足的食物；森林适宜猴类攀爬和躲避天敌；气候适合生衍；空间面积大，利于采食和休息的垂直迁移；距人类主活动区较远。（答对一点得 2 分，总分不超过 6 分）43.（10 分）破坏当地景观整体性和美观性（2 分）；阻挡游客视线，降低体验感（2 分）；影响景区口碑，损害当地形象（2 分）；降低人们预期值和人气指数，不利于当地旅游业发展（2 分）；妨碍道路通行和驾乘人员视野，带来一定的安全风险（2 分）。44.（10 分）碳排总量在增加，2015 年后增速降低（2 分），表明我国碳排正趋向峰值（2分）；平均碳排放强度，一直呈下降趋势，2015 年后下降变缓（2 分），表

47、明节能减排成效显著，利于实现“双碳”目标（2 分）。面对全球气候变化，中国兑现了承诺（或体现大国责任担当，或任重而道远，需要践行低碳生活等）（2 分）。绵阳市高中 2021 级第三次诊断性考试文科综合文科综合(历史历史)参考答案及评分标准参考答案及评分标准一、选择题（每题分，共 48 分）24.C25.D 26.B27.D 28.D 29.C 30.B31.A 32.A 33.A 34.C 35.B二、材料解析题（41 题 25 分，42 题 12 分，选做题 15 分，共计 52 分）41.（25 分）(1)意图：美国：实施冷战，对抗苏联；建立全球霸权，推行强权政治。（4 分）中国：巩固政权

48、；为经济建设提供和平的环境。（4 分）（2）新发展：强化经济建设，提升经济安全的地位；积极参与国际安全合作，承担国际安全中的大国责任；国家安全范围拓展，展现中国特色。（6 分）原因：工作重心的转移；对国家安全认识的深化；国际局势的变化，“和平与发展”成为时代主题；经济全球化的深入发展。（6 分）(3)智慧：树立总体国家安全观；把维护国家安全与创新社会治理有机统一；正确分析国内外形势；坚定的态度和灵活的手段。（5 分）42.（12 分）答案示例特性：从隋唐时期看中华文明的创新性。（3 分）阐释：隋唐时期，科举制度形成并发展，采用考试的形式选拔官员，促进了社会阶层流动，扩大了统治基础，加强了中央集

49、权。隋唐时期形成的三省六部制，三省分工明确又彼此制约，提高了行政效率，完善了官僚体制。唐中期实行两税法，“唯以资产为宗，不以人丁为本”，改变了以人丁为主的赋税制度，减轻了政府对农民的人身控制。唐朝是诗歌创作的黄金时代，流传下来的两千多位诗人创作的近五万首诗歌，缔造了中国文学发展的又一高峰。隋唐时期的书法艺术融汇了南朝的秀美和北朝的雄健，创出新风格，颜体气势雄浑，柳体骨力遒劲，张旭、怀素的草书，飘逸多姿。隋唐时期，是中华民族发展的重要历史阶段。众多制度创新被后世沿用，对中国历史的发展产生了深远的影响。文学艺术领域的创造更是中华文明发展史上的高峰。（9 分）（围绕中华文明的连续性、包容性、和平性等

50、角度作答均可得分。）45.（15 分）（1）特点：救助措施多样化；救助群体广泛，关注弱势群体；统治者率先垂范，以身作则；注重礼法和教化；带有中原文化和民族交融的历史印记。（8分）（2）影响：维护社会稳定，缓和社会矛盾；推动社会生产的发展；赢得军心和民心，推动北方地区由分裂走向统一；促进民族交融和鲜卑族封建化；影响北魏恤政，为孝文帝改革奠定基础。（7 分）46.（15 分）（1）变化：被动赔偿到主动赔偿；实物赔偿到货币赔偿；战胜国赔偿到受害者赔偿；因战败赔偿到因罪责赔偿。（6 分）（2）原因：占领时期：弥补战胜国损失；削弱战败国实力；德国战后经济凋敝。（4 分）联邦德国成立后：经济恢复发展，偿还