物理（山东卷01）-2024年高考押题预测卷含答案.pdf

《物理（山东卷01）-2024年高考押题预测卷含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《物理（山东卷01）-2024年高考押题预测卷含答案.pdf（31页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2024 年高考押题预测卷 01【山东卷】高三物理（考试时间：90 分钟试卷满分：100 分）注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题小题，每小题 3 分，共分，共 24 分。每小题只有一个选项符合题分。每小题只有一个选项符合题目要求。目要求。12023 年 9 月 15 日，三

2、星堆遗址考古入选世界重大田野考古发现。三星堆古遗址距今已有 5000至 3000 年历史，昭示长江流域与黄河流域一样同属中华文明的母体。应用碳 14 测定年代是考古中的重要方法，在高空大气中，来自宇宙射线的中子轰击氮 14，不断以一定的速率产生碳 14，接着碳 14 就发生放射性衰变，其半衰期为 5730 年，反应方程分别为：141141141407061671NnCH,CNe。以下说法中正确的是（）A核反应方程要遵循电荷数守恒和质量守恒B碳 14 发生的放射性衰变是衰变C埋入地下的植物中，其碳 14 的半衰期将变长D4 个碳 14 原子核在经过一个半衰期后，一定还剩 2 个2如图所示，将附有

3、一层肥皂液膜的圆形铁丝圈竖直放置在红色光源的右侧，人在与光源同侧的位置观察液膜，下列说法正确的是（）A若将该装置放在地球表面上观察，可看到竖直直条纹B若将该装置放在空间站上观察，可看到水平直条纹C若该装置在地球表面观察到的水平直条纹的间距为1x，在月球表面观察到的水平直条纹的间距为2x，则12 xxD若将红色光源换为蓝色光源，在地球表面观察到的水平直条纹的间距将增大3中国科学院院士叶笃正在大气动力学、大气环流等领域成就卓著，获得国家最高科学技术奖，大气气流的升降运动会造成不同高度的温度变化，致使气象万变，万米高空的气温往往在-50以下，在研究大气现象时可把温度、压强相同的一部分气体作为研究对象

4、，叫做气团，气团直径可达几千米，由于气团很大，边缘部分与外界的热交换对整个气团没有明显影响，可以忽略，用气团理论解释高空气温很低的原因，是因为地面的气团上升到高空的过程中（）A剧烈膨胀，同时大量对外放热，使周围温度降低B剧烈收缩，同时从周围吸收大量热量，使周围温度降低C剧烈膨胀，气团对外做功，内能大量减少导致温度降低D剧烈收缩，外界对气团做功，故周围温度降低4如图所示为我国某平原地区从P市到Q市之间的高铁线路。线路上1T、2T、3T、4T位置处的曲率半径分别为10r、9r、8r、7r。若列车在P市到Q市之间以300km/h匀速率运行，列车在经过1T、2T、3T、4T位置处与铁轨都没有发生侧向挤

5、压。则这四个位置中内外轨道的高度差最大的位置是（）A1TB2TC3TD4T5如图甲所示，理想变压器的原线圈匝数为1n，连接一个理想交流电流表，副线圈接入电路的匝数2n可以通过滑动触头P调节，副线圈接有定值电阻0R和压敏电阻R，压敏电阻的阻值R与所受压力大小F的对应关系如图乙所示。物块m置于压敏电阻上，保持原线圈输入的交流电压不变。下列说法正确的是（）A只减小物块对R的压力，电流表的示数减小B只增大物块对R的压力，0R两端的电压增大C只将滑动触头P向左滑动，电流表的示数增大D只将滑动触头P向右滑动，0R两端的电压增大6如图所示，水平面内正方形的四个顶点固定着四个完全相同的点电荷 a、b、c、d，

6、竖直线 MN为该正方形的中轴线，交正方形所在平面于 O 点，两电荷量大小相等的带电小球甲、乙恰好静止在MN 轴上距 O 点相同距离的位置。下列说法正确的是（）A甲、乙可能为同种电性B甲、乙质量可能不同C甲、乙质量一定不同D点电荷 a、b、c、d 在甲、乙位置处产生的场强相同7螺旋千斤顶由带手柄的螺杆和底座组成，螺纹与水平面夹角为，如图所示。水平转动手柄，使螺杆沿底座的螺纹槽（相当于螺母）缓慢旋进而顶起质量为 m 的重物，如果重物和螺杆可在任意位置保持平衡，称为摩擦自锁。能实现自锁的千斤顶，的最大值为0a。现用一个倾角为0a的千斤顶将重物缓慢顶起高度 h 后，向螺纹槽滴入润滑油使其动摩擦因数减小

7、，重物回落到起点。假定最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计螺杆和手柄的质量及螺杆与重物间的摩擦力，转动手柄不改变螺纹槽和螺杆之间的压力。下列说法正确的是（）A实现摩擦自锁的条件为tanB下落过程中重物对螺杆的压力等于 mgC从重物开始升起到最高点摩擦力做功为 mghD从重物开始升起到最高点转动手柄做功为2mgh8总质量为 m 的返回式人造地球卫星沿半径为 R 的圆轨道绕地球运动到某点时，向原来运动方向喷出气体以降低卫星的速度，随后卫星转到与地球相切的椭圆轨道，要使卫星相对地面的速度变为原来的 k 倍（k1），则卫星在该点将质量为m的气体喷出的对地速度大小应为（将连续喷气等效为一次性喷气，地球半径为

8、0R，地球表面重力加速度为 g）A20gRkRB201gRkRC20gRmk mkmmR D20gRmk mkmmR 二、多项选择题：本题共二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 16 分。每小题有多个选项符合题目分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得要求。全部选对得 4 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。9均匀介质中，波源位于点的简谐横波在水平面内传播，0t时刻，所有波峰、波谷的分布如图甲所示，其中实线表示波峰，虚线表示相邻的波谷，坐标处的质点 P 处于波峰质点 P 的振动图象如图乙所示，z 轴正方向竖直

9、向上。下列说法正确的是（）A该波的传播速度大小为 5m/sB坐标(0，40)处的质点 M 第一次处于波谷的时刻为 4sC坐标(10，0)处的质点 N 的振动方程为2cos(cm)2zt D坐标(0，10)处的质点在 8.5s 末在 z 轴上的坐标为-1cm10如图，在清澈平静的水底，一条鱼向上观察，看到了一个十分有趣的景象：水面外的景物蓝天、白云、树木、房屋等，都呈现在倒立圆锥底面的“洞”内，还看到“洞”的边缘是彩色的，“洞”的边缘红光在水中传播到锥顶的时间为1t，水对红光的折射率为1n；“洞”的边缘紫光在水中传播到锥顶的时间为2t，水对紫光的折射率为2n。则下列判断正确的是（）A“洞”的彩色

10、边缘是内紫外红B“洞”的彩色边缘是内红外紫C221112222211nnttnnD221212222111nnttnn11图为深坑打夯机工作示意图电动机带动两个摩擦轮匀速转动，将夯杆从深坑竖直提起；当夯杆的下端刚到达坑口时，夯杆被松开，一段时间后又落回坑底；周而复始地这样工作，就可将坑底夯实。已知电动机皮带运行速率 v=4m/s，两摩擦轮对夯杆的压力均为42 10 NF，与夯杆的动摩擦因数均为0.3，夯杆的质量31 10 kgm ，坑深4.2mh，重力加速度210m/sg，不计空气阻力及夯实坑底引起的深度变化，则（）A夯杆在上升阶段经历了加速运动、匀速运动和减速运动B夯杆下端离开坑底的最大高度

11、为 5mC每个打夯周期中，摩擦轮对夯杆做的功为44.2 10 JD由题目所给信息，可以计算出该深坑打夯机的打夯周期12如图所示，两根金属棒垂直地放在光滑的水平导轨上，两金属棒始终和导轨接触良好，左、右两部分导轨间距分别为 L 和 2L，AB 棒的质量为 m 且电阻为 R，CD 棒的质量为 2m 且电阻为 2R，导轨间左、右两部分处在大小相等、方向相反的匀强磁场中，磁场方向如图所示。不计导轨电阻，现用水平恒力 F 向右拉 CD 棒，使 CD 棒向右运动，导轨足够长，磁场区域足够大。下列说法正确的是（）A稳定后，AB 棒向左匀速运动，CD 棒向右匀速运动B稳定后，CD 棒的加速度大小是6FmC若

12、F 作用一段时间后，AB 棒和 CD 棒速度大小均为v，此时立即撤去拉力 F，此后 AB 棒最终的速度大小为43v，方向向左D当 AB 棒和 CD 棒速度大小均为v时，立刻撤去拉力 F，之后的过程整个回路产生的焦耳热为2110mv三、三、非选择题：本题共非选择题：本题共 6 6 小题，共小题，共 6060 分。分。13如图甲为桶装水电动抽水器，某兴趣小组利用平抛运动规律测量该抽水器的流量Q（单位时间流出水的体积）。(1)如图乙所示，为了方便测量取下不锈钢出水管，用游标卡尺测量其外径D；读数为mm；(2)为了使水能够沿水平方向流出，转动出水管至出水口水平；接通电源，待水流稳定后，用米尺测出管口到

13、落点的高度差44.10cmh 和管口到落点的水平距离30.00cmL；已知重力加速度2=9.8m/sg，水流速度vm/s（保留两位有效数字）；(3)已知出水管管壁的厚度为d，该抽水器的流量Q的表达式为（用物理量Ddv、表示）；(4)抽水时若电机的输出功率恒定，当桶内水面降低时，抽水器的流量Q（选填“不变”、“减小”或“增加”）。14 李华同学查阅资料：某金属在0100内电阻值tR与摄氏温度t的关系为01tRRt，其中0R为该金属在 0时的阻值，为温度系数（为正值）。李华同学设计图甲所示电路以测量该金属的电阻0R和值。可提供的实验器材有：A干电池（电动势约为1.5V，内阻不计）B定值电阻1R（阻

14、值为1k）C定值电阻2(R阻值为800）D滑动变阻器P1R（阻值范围040）E滑动变阻器P2R（阻值范围04k）F电流计G（量程0 200 A，内阻约500）G电阻箱R（最大阻值为9999.9）H摄氏温度计I沸水和冷水各一杯J开关两个及导线若干请回答下列问题：（1）滑动变阻器应选用（选填“P1R”或“P2R”），开关1S闭合前，滑动变阻器的滑片移到（选填“a”或“b”）端。（2）将电阻箱的阻值调为500，闭合开关1S，读出电流计G的示数，再闭合开关S，调节电阻箱的阻值，直至闭合2S前、后电流计G的示数没有变化，此时电阻箱的示数为360，则电流计G的内阻为。（3）利用上述电流计G及电路测量该金属

15、的电阻0R和值的步骤如下：断开开关1S、2S，将2R取下换成该金属电阻，并置于沸水中；闭合开关1S，读出电流计G的示数；闭合开关2S，调节电阻箱的阻值，直至闭合开关1S前、后电流计G的示数没有变化，记下此时电阻箱的示数R和温度t；多次将冷水倒一点到热水中，重复步骤，可获得电阻箱的示数R和温度t的多组数据（4）以电阻箱的示数R为纵轴，温度t为横轴，作出图像如图乙所示，则该金属电阻在 0时的阻值为，温度系数为1。（结果用abc、表示）15如图所示是消防高压水枪的结构原理图。已知储气储水罐的容积为 12V，空气压缩机的气罐体积为 V，管子的体积可忽略不计。现在通过进水口向储气储水罐中注入 6V 的水

16、，然后关闭其他通道，仅打开进气口让空气压缩机连续工作了 12 次，假设大气压强为0p，储气储水罐一开始灌水后的罐内气体压强以及空气压缩机每一次压气时气罐内气体压强均等于大气压强，空气压缩机每一次压气都能把气罐内气体全部压入储气储水罐，压气过程两罐内气体温度变化可忽略不计，环境温度为0T。（1）求压缩机停止压缩后，储气储水罐内的气体压强；（2）消防车到达火灾现场时的环境温度为01.2T，假设储气储水罐导热性能良好，则当储气储水罐内水即将用完时罐内气体压强为多少？16掷铅球是一个需要力量和灵活性的运动，今年的学校运动会，高三（5）班学生周红要参加掷铅球比赛，傍晚来到运动场训练，热身后（不计空气阻力

17、，重力加速度取 10m/s2，305.5）（1）她在第一次投掷中把铅球水平推出，高度为 h=1.5m，速度为 v0=8m/s，则铅球被推出的水平距离是多少米？（2）第一次投掷后体育老师给了建议，让她投掷时出手点高一点，斜向上推出铅球。于是，第二次她从离地高为 H=1.65m 处推出铅球，出手点刚好在边界线上方，速度方向与水平方向成 53，如图所示，此次推出铅球时铅球的速度大小仍为 8m/s，则这次投掷的成绩为多少米？17如图所示，以长方体abcda b c d 的ad边中点O为坐标原点、ad方向为x轴正方向、a a 方向为y轴正方向、ab方向为z轴正方向建立Oxyz坐标系，已知OaabaaL。

18、长方体中存在沿y轴负方向的匀强磁场，现有质量为m、电荷量为q的带正电粒子（不计重力）从O点沿z轴正方向以初速度v射入磁场中，恰好从a点射出磁场。（1）求磁场的磁感应强度B的大小；（2）若在长方体中加上沿y轴负方向的匀强电场，让粒子仍从O点沿z轴正方向以初速度v射入磁场中，为使粒子能从a点射出磁场，求电场强度1E的大小；（3）若在长方体中加上电场强度大小为222 3mvEqL、方向沿z轴负方向的匀强电场，让该粒子仍从O点沿z轴正方向以初速度v射入磁场中，求粒子射出磁场时与O点的距离s。18如图所示,固定平台A长度11.15m,L 右端紧挨着水平木板ab，木板ab长度2mL、质量2kgM，木板b端

19、与足够长的固定平台B之间的距离为20.25m.L 木板上表面跟平台A B、等高。质量均为1kgm 的滑块 1、滑块 2滑块n从左向右依次静止于平台B上，滑块 1 位于平台B的左端，相邻两滑块间的间距均为d，滑块均可视为质点。质量03kgm 的小球用长度1.6ml 的细绳栓接在O点，无初速度释放时细绳刚好伸直且与水平方向夹角30,运动到最低点时与质量1kgm 的滑块P发生弹性碰撞，碰撞后滑块P沿平台A滑动，之后滑上木板，当木板的b端撞到平台B时立即静止。滑块P与滑块 1 相碰后粘在一起，两滑块继续运动，直至与滑块 2 相碰，碰后三滑块粘在一起继续运动后面重复前面的运动情况，所有碰撞时间极短。已知

20、滑块P与平台A、木板ab之间的动摩擦因数均为10.5,木板ab与水平面之间的动摩擦因数为20.1,各滑块与平台B之间的动摩擦因数均为，取210m/sg。求:（1）小球与滑块P碰撞前瞬间，细绳的拉力大小；（2）滑块P与滑块 1 碰撞前瞬间的速度大小；（3）设滑块P与滑块 l 碰撞前瞬间的动能为0kE，若能与滑块n相碰，请写出与滑块n碰撞前瞬间已经粘到一起的滑块的总动能的表达式。2024 年高考押题预测卷 01【山东卷】物理参考答案一、二选择题：一、二选择题：1-81-8 题单题单选题每小题选题每小题 3 分，共分，共 24 分分，每小题只有一个选项符合题目要每小题只有一个选项符合题目要求。求。9

21、-129-12 题多选题，题多选题，全部选对得全部选对得 4 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。123456789101112BCCDDCDCACADABDBC三、非选择题：本题共 6 小题，共 60 分。13（6 分）(1)7.1（1 分）(2)1.0（2 分）(3)2()2Ddv（2 分）(4)减小（1 分）14（8 分）P2R（1 分）a（1 分）450（2 分）209a（2 分）baac（2 分）15（8 分）（1）103pp；（2）201.8pp【详解】（1）根据玻意耳定律有001 1p VpV（2 分）其中气体初始的体积为01261

22、2 118VVVV（1 分）气体压缩后的体积为16VV（1 分）解得103pp（1 分）（2）根据理想气体状态方程有1 12212pVp VTT（2 分）其中10TT；201.2TT；212VV 解得201.8pp（1 分）16（8 分）（1）4.4m；（2）7.2m【详解】（1）由平抛运动知识212hgt（1 分）；0 xvt（1 分）解得铅球被推出的水平距离为4.4mx（1 分）（2）被推出的铅球在竖直方向做竖直上抛运动，则有21sin532Hvtgt（2 分）解得1.5st，0.22st （舍去）（1 分）铅球在水平方向做匀速直线运动，则这次投掷的成绩为0cos538 0.6 1.5m7

23、.2mxvt （2 分）17（14 分）（1）2mvqL；（2）228mvqL；（3）316L【详解】（1）粒子在aOzb平面内做匀速圆周运动，如图中轨迹 1 所示根据几何关系有12rL（1 分）由洛伦兹力提供向心力，有2vqvBmr（1 分）解得2mvBqL（1 分）（2）粒子在电磁复合场中的运动为匀速圆周运动与类平抛运动的合运动，在长方体中运动的时间rtv（1 分）在y轴方向上做初速度为零的匀加速直线运动，则212Lat（1 分）又1qEma（1 分）解得2128mvEqL（1 分）（3）将初速度v分解为12vv、，使1v对应的洛伦兹力恰好与电场力平衡，分解如图所示即12qv BqE（1

24、分）其中222 3mvEqL解得13vv（1 分）则根据勾股定理可得22212vvvv（1 分）根据几何关系易知2v与z轴正方向的夹角60（1 分）若仅在2v对应的洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，即222vqv BmR（1 分）则轨道半径2RmvqB解得RL该分运动的情况如图中轨迹 2 所示。粒子在磁场中运动的时间223Rtv（1 分）由于粒子也参与速度大小为1v，方向沿x轴正方向的匀速运动，粒子射出磁场时与O点的距离1 2sLvt解得316sL（1 分）18（1）60NF；（2）2m/s；（3）222k0k1123nnEEmgdnn【详解】解：（1）小球从静止释放到最低点，设小球的速度大小为0

25、v，根据机械能守恒定律20001(1 sin)2m glm v（1 分）与滑块 P 碰撞前瞬间，细绳的拉力2000m vFm gl（1 分）解得04m/sv，60NF（1 分）（2）设碰撞后滑块 P 的速度1pv，刚滑上木板时的速度2pv，碰撞中根据动量守恒定律和能量守恒定律000 11pm vm vmv（1 分），222000 11111222pm vm vmv（1 分）滑块 P 在平台 A 上滑动，根据动能定理2211211122PPmgLmvmv（1 分）解得27 2m/s2Pv滑块 P 滑上木板后，设滑块、木板的加速度大小分别为1a、2a，木板撞到平台 B 的时间为 t，此时滑块 P

26、的速度大小为0v，根据牛顿第二定律，对滑块 P：11mgma（1 分）对木板：122()mgMm gMa（1 分）；22212La t（1 分）解得2s2t 该段时间内滑块 P 的位移22112.25m2Pxv tat（1 分）那么2xLL可知木板撞击平台 B 时滑块 P 恰好滑离木板与滑块 1 碰撞。则滑块 P 与滑块 1 碰撞前瞬间的速度大小为3212m/sppvvat（1 分）（3）第一次碰撞前瞬间滑块 P 的动能2k0312pEmv碰后动能2k131122pEmv设运动距离 d 后的动能为k1E，则k1k12EEmgd（1 分）那么第二次碰撞前瞬间的动能2k1k01222EEmgd（1

27、 分）第二次碰后的动能k2k123EE设运动距离 d 后的动能为k2E，则2k23kEEmgd那么第三次碰撞前瞬间的动能22k2k012333EEmgd（1 分）第三次碰后的动能k3k234EE设运动距离 d 后的动能为k3E，则k3k34EEmgd那么第四次碰撞前瞬间的动能222k4k0123444EEmgd（1 分）那么第 n 次碰撞前瞬间已经粘到一起的整体的动能222k(1)k0123nnEEmgdnn（1 分）2024 年高考押题预测卷 01【山东卷】物理全解全析123456789101112BCCDDCDCACADABDBC2024 年高考押题预测卷 01【山东卷】高三物理（考试时间

28、：90 分钟试卷满分：100 分）注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题小题，每小题 3 分，共分，共 24 分。每小题只有一个选项符合题分。每小题只有一个选项符合题目要求。目要求。12023 年 9 月 15 日，三星堆遗址考古入选世界重大田野考古发现。三星堆古遗址距今已有

29、5000至 3000 年历史，昭示长江流域与黄河流域一样同属中华文明的母体。应用碳 14 测定年代是考古中的重要方法，在高空大气中，来自宇宙射线的中子轰击氮 14，不断以一定的速率产生碳 14，接着碳 14 就发生放射性衰变，其半衰期为 5730 年，反应方程分别为：141141141407061671NnCH,CNe。以下说法中正确的是（）A核反应方程要遵循电荷数守恒和质量守恒B碳 14 发生的放射性衰变是衰变C埋入地下的植物中，其碳 14 的半衰期将变长D4 个碳 14 原子核在经过一个半衰期后，一定还剩 2 个【答案】B【详解】A核反应方程要遵循电荷数守恒和质量数守恒，而质量会亏损，释放

30、核能，故 A 错误；B碳 14 发生的放射性衰变方程是14140671CNe是衰变，故 B 正确；C放射性元素的半衰期与物理环境和化学状态均无关，由原子核自身的结构有关，故埋入地下的植物中其碳 14 的半衰期将不变，故 C 错误；D 半衰期是大量原子核衰变的统计规律，则 4 个碳 14 原子核在经过一个半衰期后，不一定剩 2 个，故 D 错误。故选 B。2如图所示，将附有一层肥皂液膜的圆形铁丝圈竖直放置在红色光源的右侧，人在与光源同侧的位置观察液膜，下列说法正确的是（）A若将该装置放在地球表面上观察，可看到竖直直条纹B若将该装置放在空间站上观察，可看到水平直条纹C若该装置在地球表面观察到的水平

31、直条纹的间距为1x，在月球表面观察到的水平直条纹的间距为2x，则12 xxD若将红色光源换为蓝色光源，在地球表面观察到的水平直条纹的间距将增大【答案】C【详解】A单色光在光程差相同的位置干涉连成的线会形成条纹，当肥皂液膜竖直放置时，单色光垂直照射肥皂液膜，在前、后两面反射形成干涉条纹，若将该装置放在地球上观察，由于重力作用，在高度相等的位置的光程差相同，故可看到水平直条纹，故 A 错误；B若将该装置放在空间站观察，由于处于完全失重状态，肥皂液膜厚度均匀，所以观察不到干涉条纹，故 B 错误；C因为地球表面的重力加速度大于月球表面的重力加速度，该装置在地球表面薄膜上下厚度相差更大，该装置在地球表面

32、观察到的水平条纹间距为1x，在月球表面观察到的水平直条纹间距为2x，则12 xx，故 C 正确；D若将光源换为蓝色光源，因为波长变短，所以在地球表面观察，可看到水平直条纹的间距将减小，故 D 错误。故选 C。3中国科学院院士叶笃正在大气动力学、大气环流等领域成就卓著，获得国家最高科学技术奖，大气气流的升降运动会造成不同高度的温度变化，致使气象万变，万米高空的气温往往在-50以下，在研究大气现象时可把温度、压强相同的一部分气体作为研究对象，叫做气团，气团直径可达几千米，由于气团很大，边缘部分与外界的热交换对整个气团没有明显影响，可以忽略，用气团理论解释高空气温很低的原因，是因为地面的气团上升到高

33、空的过程中（）A剧烈膨胀，同时大量对外放热，使周围温度降低B剧烈收缩，同时从周围吸收大量热量，使周围温度降低C剧烈膨胀，气团对外做功，内能大量减少导致温度降低D剧烈收缩，外界对气团做功，故周围温度降低【答案】C【详解】地面的气团上升到高空的过程中压强减小，气团膨胀，对外做功0W 由于气团很大，边缘部分与外界的热交换对整个气团没有明显影响，可以忽略，即0Q 根据热力学第一定律UWQ可知0U气团内能减小，温度降低，故 C 正确，ABD 错误。故选 C。4如图所示为我国某平原地区从P市到Q市之间的高铁线路。线路上1T、2T、3T、4T位置处的曲率半径分别为10r、9r、8r、7r。若列车在P市到Q市

34、之间以300km/h匀速率运行，列车在经过1T、2T、3T、4T位置处与铁轨都没有发生侧向挤压。则这四个位置中内外轨道的高度差最大的位置是（）A1TB2TC3TD4T【答案】D【详解】根据火车在转弯处的受力分析，由牛顿第二定律2tanvmgmR其中，在4T处的2vR最大，则tan和角度最大，故内外轨道的高度差最大。故选 D。5如图甲所示，理想变压器的原线圈匝数为1n，连接一个理想交流电流表，副线圈接入电路的匝数2n可以通过滑动触头P调节，副线圈接有定值电阻0R和压敏电阻R，压敏电阻的阻值R与所受压力大小F的对应关系如图乙所示。物块m置于压敏电阻上，保持原线圈输入的交流电压不变。下列说法正确的是

35、（）A只减小物块对R的压力，电流表的示数减小B只增大物块对R的压力，0R两端的电压增大C只将滑动触头P向左滑动，电流表的示数增大D只将滑动触头P向右滑动，0R两端的电压增大【答案】D【详解】A只减小物块对R的压力，则 R 阻值减小，次级电阻减小，次级电流变大，则初级电流变大，即电流表的示数变大，选项 A 错误；B只增大物块对R的压力，则 R 阻值变大，因次级电压不变，可知0R两端的电压减小，选项 B 错误；C只将滑动触头P向左滑动，次级匝数减小，根据则次级电压减小，次级电流减小，根据 P=I2R 可知，次级功率减小，则初级功率也减小，初级电流减小，即电流表的示数减小，选项 C 错误；D只将滑动

36、触头P向右滑动，次级匝数增加，则次级电压变大，则0R两端的电压增大，选项 D 正确。故选 D。6如图所示，水平面内正方形的四个顶点固定着四个完全相同的点电荷 a、b、c、d，竖直线 MN为该正方形的中轴线，交正方形所在平面于 O 点，两电荷量大小相等的带电小球甲、乙恰好静止在MN 轴上距 O 点相同距离的位置。下列说法正确的是（）A甲、乙可能为同种电性B甲、乙质量可能不同C甲、乙质量一定不同D点电荷 a、b、c、d 在甲、乙位置处产生的场强相同【答案】C【详解】D水平面内正方形的四个顶点固定着四个完全相同的点电荷 a、b、c、d，ac 和 bd 分别为等量同种电荷，MN 分别在它们连线的中垂线

37、上，根据等量同种的电荷周围的电场分布，可得，MN上甲、乙静止的两点的电场等大反向，故 D 错误；A甲、乙静止，即甲、乙受力平衡。设甲、乙之间的库仑力大小为 F，若甲、乙为同种电荷，则甲、乙受到的电场力和彼此间的库仑力均大小相等，方向相反，即甲、乙受到的电场力和库仑力的合力等大反向，不可能都能和重力平衡，即甲、乙一定为不同电性，故 A 错误；BC由 A 选项可得，甲、乙一定为不同电性，则电场力相同，库仑力等大反向，则甲、乙受到的电场力和库仑力的合力大小一定不相同，则与之平衡的重力一定不同，即甲、乙的质量一定不同，故B 错误，C 正确。故选 C。7螺旋千斤顶由带手柄的螺杆和底座组成，螺纹与水平面夹

38、角为，如图所示。水平转动手柄，使螺杆沿底座的螺纹槽（相当于螺母）缓慢旋进而顶起质量为 m 的重物，如果重物和螺杆可在任意位置保持平衡，称为摩擦自锁。能实现自锁的千斤顶，的最大值为0a。现用一个倾角为0a的千斤顶将重物缓慢顶起高度 h 后，向螺纹槽滴入润滑油使其动摩擦因数减小，重物回落到起点。假定最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计螺杆和手柄的质量及螺杆与重物间的摩擦力，转动手柄不改变螺纹槽和螺杆之间的压力。下列说法正确的是（）A实现摩擦自锁的条件为tanB下落过程中重物对螺杆的压力等于 mgC从重物开始升起到最高点摩擦力做功为 mghD从重物开始升起到最高点转动手柄做功为2mgh【答案】D【详解】

39、A实现自锁的条件是重物重力沿斜面下滑的分力小于等于最大静摩擦力，即sincosmgmg解得tan故 A 错误；B重物从静止开始下落，一开始加速度方向向下，重物处于失重状态，螺杆对重物的支持力小于mg，根据牛顿第三定律可知重物对螺杆的作用力小于 mg，故 B 错误；C重物缓慢顶起的过程中，以螺杆和重物为整体的受力分析如图所示则摩擦力做功为fcostancossinhWmgLmgmgh 故 C 错误；D从重物开始升起到最高点，即用于克服摩擦力做功，也转化为重物上升增加的重力势能 mgh，所以根据动能定理有f0Wm hWg解得2Wmgh故 D 正确。故选 D。8总质量为 m 的返回式人造地球卫星沿半

40、径为 R 的圆轨道绕地球运动到某点时，向原来运动方向喷出气体以降低卫星的速度，随后卫星转到与地球相切的椭圆轨道，要使卫星相对地面的速度变为原来的 k 倍（k1），则卫星在该点将质量为m的气体喷出的对地速度大小应为（将连续喷气等效为一次性喷气，地球半径为0R，地球表面重力加速度为 g）A20gRkRB201gRkRC20gRmk mkmmR D20gRmk mkmmR【答案】C【详解】设原本速度1v，由万有引力提供向心力212vMmGmRR喷出后速度1kv，m相对地球速度v，由动量守恒11mvmm kvmv又20MmGmgR解得20gRmk mkmvmR 故选 C。二、二、多项选择题：本题共多项

41、选择题：本题共 4 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 16 分。每小题有多个选项符合题目分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得要求。全部选对得 4 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。9均匀介质中，波源位于点的简谐横波在水平面内传播，0t时刻，所有波峰、波谷的分布如图甲所示，其中实线表示波峰，虚线表示相邻的波谷，坐标处的质点 P 处于波峰质点 P 的振动图象如图乙所示，z 轴正方向竖直向上。下列说法正确的是（）A该波的传播速度大小为 5m/sB坐标(0，40)处的质点 M 第一次处于波谷的时刻为 4sC坐标(10，0)处的质点 N

42、 的振动方程为2cos(cm)2zt D坐标(0，10)处的质点在 8.5s 末在 z 轴上的坐标为-1cm【答案】AC【详解】A由题知，图甲中实线表示波峰，虚线表示相邻的波谷，则有10m2图乙为质点 P 的振动图象，则4sT 根据波速计算公式有20m/s5m/s4vT，A 正确；B由图甲可知当波谷传到坐标（0，40）处的质点 M 时，走过的位移为30mx 则需要的时间为30s6s5xtvB 错误；C由图乙知4sT；2cmA则22T则可写出坐标（10，0）处的质点 N 的振动方程为cos2cos(cm)2zAtt ，C 正确；D将8.5st 代入上式可得质点 N 在 z 轴上的坐标2cos8.

43、5(cm)2cm2z 坐标(0，10)处的质点和 N 在 z 轴坐标是一致的，D 错误。故选 AC。10如图，在清澈平静的水底，一条鱼向上观察，看到了一个十分有趣的景象：水面外的景物蓝天、白云、树木、房屋等，都呈现在倒立圆锥底面的“洞”内，还看到“洞”的边缘是彩色的，“洞”的边缘红光在水中传播到锥顶的时间为1t，水对红光的折射率为1n；“洞”的边缘紫光在水中传播到锥顶的时间为2t，水对紫光的折射率为2n。则下列判断正确的是（）A“洞”的彩色边缘是内紫外红B“洞”的彩色边缘是内红外紫C221112222211nnttnnD221212222111nnttnn【答案】AD【详解】AB全发射的临界角

44、为1sinCn在边缘处折射角等于临界角，设鱼距离水面的深度为 h，则“洞”的边缘光到锥顶的水平距离为2tan1hxhn由于水对紫光的折射率大，临界角小，因此“洞”的彩色边缘是内紫外红，故 A 正确，B 错误；CD“洞”的边缘光在水中传播到锥顶的距离为2cos1hnshCn传播时间221sn htvc n则221212222111nnttnn故 C 错误，D 正确。故选 AD。11图为深坑打夯机工作示意图电动机带动两个摩擦轮匀速转动，将夯杆从深坑竖直提起；当夯杆的下端刚到达坑口时，夯杆被松开，一段时间后又落回坑底；周而复始地这样工作，就可将坑底夯实。已知电动机皮带运行速率 v=4m/s，两摩擦轮

45、对夯杆的压力均为42 10 NF，与夯杆的动摩擦因数均为0.3，夯杆的质量31 10 kgm ，坑深4.2mh，重力加速度210m/sg，不计空气阻力及夯实坑底引起的深度变化，则（）A夯杆在上升阶段经历了加速运动、匀速运动和减速运动B夯杆下端离开坑底的最大高度为 5mC每个打夯周期中，摩擦轮对夯杆做的功为44.2 10 JD由题目所给信息，可以计算出该深坑打夯机的打夯周期【答案】ABD【详解】A夯杆在上升阶段经历了向上加速运动、达到与摩擦轮共速后匀速运动，最后减速运动到最高点，故 A 正确；B夯杆的下端刚到达坑口时，夯杆被松开，电动机皮带运行速率 v=4m/s，夯杆下端离开坑底的最大高度为2m

46、5m2vhhg故 B 正确；C根据能量守恒，每个打夯周期中，摩擦轮对夯杆做的功为4m5 10 JWmgh故 C 错误；D打夯机向上加速度2 Fmgma加速时间12svta加速位移1114m2xvt匀速时间120.05shxtv减速时间30.4svtg反向运动时间2m412hgt解得41st 运动总时间即周期3.45st 故 D 正确。故选ABD。12如图所示，两根金属棒垂直地放在光滑的水平导轨上，两金属棒始终和导轨接触良好，左、右两部分导轨间距分别为 L 和 2L，AB 棒的质量为 m 且电阻为 R，CD 棒的质量为 2m 且电阻为 2R，导轨间左、右两部分处在大小相等、方向相反的匀强磁场中，

47、磁场方向如图所示。不计导轨电阻，现用水平恒力 F 向右拉 CD 棒，使 CD 棒向右运动，导轨足够长，磁场区域足够大。下列说法正确的是（）A稳定后，AB 棒向左匀速运动，CD 棒向右匀速运动B稳定后，CD 棒的加速度大小是6FmC若 F 作用一段时间后，AB 棒和 CD 棒速度大小均为v，此时立即撤去拉力 F，此后 AB 棒最终的速度大小为43v，方向向左D当 AB 棒和 CD 棒速度大小均为v时，立刻撤去拉力 F，之后的过程整个回路产生的焦耳热为2110mv【答案】BC【详解】AB两棒的长度之比为1:2，电阻之比为1:2，电阻为 R，对 CD 棒，根据牛顿第二定律122FILBmaAB 棒，

48、根据牛顿第二定律2ILBma；1223BLvBLvIR由此可知，稳定后，回路中电流恒定，磁通量变化量相同，故 AB 棒速度为 CD 棒速度的两倍，AB 棒向左匀加速运动，CD 棒向右匀加速运动，则 AB 棒的加速度大小是 CD 棒的加速度大小的 2 倍，即212aa可得 CD 棒的加速度大小为16Fam，故 A 错误，B 正确；C如果 F 作用一段时间后，AB 棒和 CD 棒的速度大小均为v，此时立即撤去拉力 F 后，AB 棒继续向左加速运动，而 CD 棒向右开始减速运动，两棒最终匀速运动时，电路中电流为零，两棒切割磁感线产生的感应电动势大小相等，则122BLvBLv对 CD 棒和 AB 棒分

49、别用动量定理得1222ILBtmmvv；2ILBtmmvv联立可得 CD 棒最终的速度123vv方向向右，AB 棒最终的速度243vv方向向左，故 C 正确；D根据能量守恒定律可得22221111(2)2222Qmmmmvvv解得该过程中回路产生的焦耳热为216Qmv故 D 错误。故选 BC。四、四、非选择题：本题共非选择题：本题共 6 6 小题，共小题，共 6060 分。分。13如图甲为桶装水电动抽水器，某兴趣小组利用平抛运动规律测量该抽水器的流量Q（单位时间流出水的体积）。(1)如图乙所示，为了方便测量取下不锈钢出水管，用游标卡尺测量其外径D；读数为mm；(2)为了使水能够沿水平方向流出，

50、转动出水管至出水口水平；接通电源，待水流稳定后，用米尺测出管口到落点的高度差44.10cmh 和管口到落点的水平距离30.00cmL；已知重力加速度2=9.8m/sg，水流速度vm/s（保留两位有效数字）；(3)已知出水管管壁的厚度为d，该抽水器的流量Q的表达式为（用物理量Ddv、表示）；(4)抽水时若电机的输出功率恒定，当桶内水面降低时，抽水器的流量Q（选填“不变”、“减小”或“增加”）。【答案】(1)7.1(2)1.0(3)2()2Ddv(4)减小【详解】（1）游标卡尺的精确度为 0.1mm，读数为 7mm+0.1mm1=7.1mm；（2）水流做平抛运动，则有 L=vt，212hgt解得