2024届高三5月大联考(新课标卷)理综含答案.pdf

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1、#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACC

2、oOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIA

3、ABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#理科综合全解全析及评分标准 第1页（共15页）2024 届高三 5 月大联考（新课标卷）理综生物学全解

4、全析及评分标准 阅卷注意事项：阅卷注意事项：1阅卷前请各学科教研组长，组织本学科改卷老师开会，强调改卷纪律，统一标准。2请老师改卷前务必先做一遍试题，了解自己所改试题的答案、评分细则、答题角度后，再开始改卷。3请老师认真批阅，不可出现错改、漏改现象，如果不小心漏改或错改了，可以点击回评回评重评。4成绩发布后，如果有学校反馈错评乱评，平台定位阅卷老师，进行通报批评。5根据学生答题的关键词，结合评分细则，意思相近或合理均给分。6阅卷平台出现的相关问题，如果刷新页面重新登录未能解决，请将问题反馈给学校负责技术的老师（或考试负责人），由其统一在技术 QQ 群里反馈问题并协助解决。1 2 3 4 5 6

5、 D C B D C D 1D【解析】茶叶中含有丰富的钾、钙、镁、锰等元素，其中，钾、钙、镁属于大量元素，A 错误；新鲜茶叶细胞中含量最多的化合物是水，B 错误；无机盐在细胞中大多数以离子的形式存在，少数以化合物的形式存在，C 错误；钾、钙被人体吸收后可作为无机盐存在于体液中，参与调节人体的渗透压，D 正确。2C【解析】科学家用荧光染料分别标记小鼠细胞与人细胞，并进行融合实验，证明了细胞膜具有流动性，该实验未利用同位素标记法，A 错误；证明 DNA 的半保留复制实验运用了密度梯度离心法，而不是差速离心法，B 错误；常通过绘制种群数量增长曲线研究种群数量的变化规律，属于建立数学模型，C 正确；探

6、究土壤微生物的分解作用实验中，实验组需进行处理，以排除土壤微生物的作用，对照组不做处理，两组之间属于对照实验，该实验没有采用对比实验这一方法，D 错误。3B【解析】痛觉的产生没有经过完整的反射弧，不属于反射，A 错误；由受损细胞释放出的致痛物质能激活伤害性感受器，进而引发疼痛反应，有助于动物感知身体伤害，逃避危险，B 正确；致痛物质由受损细胞释放，不属于神经递质，C 错误；正常情况下，细胞没有受损，内环境中不存在高浓度致痛物质，D 错误。4D【解析】制备单克隆抗体时，向小鼠注射特定抗原后，需从小鼠脾中得到能产生特定抗体的 B 细胞，A 正确；过程培养的细胞是癌细胞，癌细胞是悬浮生长，不贴壁生长

7、，没有接触抑制现象，B 正确；过程是动物细胞融合过程，常用 PEG 或灭活的病毒促进细胞融合，C 正确；过程选出需要的杂交瘤细胞依靠的是克隆化培养和抗体检测，而不是用特定的选择培养基筛选，D 错误。5C【解析】四大家鱼在水体中占据了不同的水层，这体现了群落的垂直结构，A 正确；根据题干信息，鲢鱼主要摄食浮游藻类，所以养殖一定数量的鲢鱼可以防止浮游藻类大量繁殖，B 正确；由于不同鱼类在同一空间进行养殖，并且不同鱼类的食性也有相同的部分，因此它们的生态位可能存在重叠，C 错误；#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#理科综合全解全

8、析及评分标准 第2页（共15页）混养的鱼塘群落丰富度高，生态系统营养结构更加复杂，比单养的鱼塘生态系统稳定性高，D 正确。6D【解析】由“F1自交得到 F2呈现紫红果白果=2737”可知，F1是杂合子，若是两对等位基因控制，则不会出现这样的比例，而 F2的 2737=(3/4)31-(3/4)3，说明控制果色的等位基因至少有 3 对，且遵循自由组合定律，两株亲本白果茄子均为纯合子，A、B、C 正确；F2紫红果中纯合子所占的比例为1/31/31/3=1/27，D 错误。31（12 分）（1）类囊体薄膜（2 分）NADPH（2 分）（2）光质类型（光的类型）和光敏色素基因 phyA/phyB 的缺

9、失情况（2 分）phyB（2 分）野生型和 phyA 缺失突变体中叶绿素含量差别不大，phyB 缺失突变体中叶绿素含量明显较野生型低（合理即可，2 分）除红光外，其他光质也能够调控叶绿素的含量（合理即可，2 分）【解析】（1）光合色素分布在叶绿体的类囊体薄膜上。光合色素吸收的光能，有两方面用途：一是将水分解为氧和 H+，氧直接以氧分子的形式释放出去，H+与氧化型辅酶（NADP+）结合，形成还原型辅酶（NADPH）。将光能转化为储存在 ATP 和 NADPH 中的化学能。（2）由图中信息分析可知，该实验的自变量有光质类型（光的类型）和光敏色素基因 phyA/phyB 的缺失情况。不论是在白光还是

10、红光照射条件下，水稻野生型和phyA 缺失突变体中叶绿素的含量差别不大，而 phyB缺失突变体水稻中叶绿素的含量明显较野生型低。因此可以推测 phyB 基因在叶绿素合成中的调控作用更强。白光是由不同波长的光复合而成。比较红光和白光下叶绿素含量，可发现四组水稻的叶绿素含量均表现为红光条件明显低于相应白光条件下。据此可以推知，原因可能是除红光外，白光中的其他光质也能够调控叶绿素的含量。32（11 分）（1）T（2 分）成年前（2 分）（2）抑制免疫系统对自身成分发生免疫反应（合理即可，2 分）实验思路：将生理状态相同的健康雄性小鼠随机均分为甲、乙两组，甲组注射适量的抗 CD25+T 细胞的抗体，乙

11、组注射等量的生理盐水，在相同且适宜的条件下培养，一段时间后，观察其是否患自身免疫病（3 分）。预期实验结果：甲组小鼠出现自身免疫病，乙组小鼠未出现自身免疫病。（2 分）（其他答案合理也给分，共 5 分）【解析】（1）胸腺是 T 细胞分化、发育、成熟的场所；实验 1 中的对照实验说明 T 细胞的成熟主要发生在成年前。（2）实验 2 说明，缺乏 CD25+T 细胞会导致自身免疫病的发生，因此可推测 CD25+T 细胞的功能为抑#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#理科综合全解全析及评分标准 第3页（共15页）制免疫系统对自身成分

12、发生免疫反应。由提供的实验材料分析，可通过对照实验来验证 CD25+T 细胞的功能，具体操作为将生理状态相同的健康雄性小鼠随机均分为甲、乙两组，甲组注射适量的抗 CD25+T细胞的抗体，乙组注射等量的生理盐水，在相同且适宜的条件下培养，一段时间后，观察其是否患自身免疫病。由于是验证性实验，所以结果是唯一的，即对照组不患自身免疫病，实验组患自身免疫病。33（9 分）（1）次生（1 分）栖息空间和食物条件（2 分）（2）促进生物在荒野之间扩散与基因交流，提高遗传多样性（2 分）减少不同种群之间的竞争，进而快速形成优势种群（合理即可，2 分）（3）可提高物种丰富度，使该生态系统中的食物链和食物网更复

13、杂，生态系统的功能增强，抵抗外界干扰的能力增强，有利于维持城市的生态平衡（合理即可，2 分）【解析】（1）城市植被再野化的过程是通过生态修复使生物群落呈现近荒野状态，发生了群落的次生演替，植物群落的再野化为动物关键种的引入提供了栖息空间和食物条件。（2）从保护生物多样性方面分析，过程连通荒野生境片段可以将碎片化的栖息地连起来，促进生物在荒野之间扩散与基因交流，提高遗传多样性；过程将不同种植物分别集群种植形成集群分布格局，从种间关系角度分析，有利于减少不同种群之间的竞争，进而快速形成优势种群。（3）从促进生态平衡角度分析，重建城市荒野生境的意义是可提高物种丰富度，使该生态系统中的食物链和食物网更

14、复杂，生态系统的功能增强，抵抗外界干扰的能力增强，有利于维持城市的生态平衡。34（10 分）（1）碱基（对）的排列顺序不同（2 分）（2）b（2 分）BbXDXD、BbXDXd（2 分）（3）实验思路：让该白毛雌性个体与子代中的黑毛（或黄毛）雄性个体杂交，观察后代的表型（2 分）。预期实验结果：若只有黑毛和白毛，则基因型为 bbXDXD；若有黑毛、白毛、黄毛三种颜色，则基因型为 bbXDXd（2 分）。（合理即可，共 4 分）【解析】（1）基因D与d的根本区别是碱基（对）的排列顺序不同。（2）分析题表可知，子代中（黑毛+黄毛）白毛=11，由于雄性是纯合的，所以亲本关于B、b的基因型是雌性为Bb

15、，雄性为bb，因此导致与毛色色素形成有关的酶失活的基因是b。由于D、d基因位于X染色体上，与该动物毛色色素的合成有关，亲本雌性为黑毛，子代雄性出现黄毛，所以亲本雌性的基因型中有BbXDXd，又由于亲本雄性为纯合白毛，子代雌性个体黑毛白毛=11，所以，亲本雄性的基因型为bbXDY。若亲本雌性只有一种基因型，则子代雄性中，黑毛黄毛应为11，而实际是31，因此亲本雌性的基因型有两种：BbXDXD、BbXDXd，两种基因型各占1/2。（3）子代中白毛雌性个体的基因型为bbXDXD、bbXDXd，欲通过一次杂交实验确定某白毛雌性个体的基因型，可让该白毛雌性个体与子代中的黑毛（或黄毛）雄性个体杂交，观察后

16、代的表型。若后代中只有黑毛和白毛，则基因型为bbXDXD；若后代中有黑毛、白毛、黄毛三种颜色，则基因型为bbXDXd。35（12 分）（1）稀释涂布平板法或平板划线（2 分）PCR（2 分）#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#理科综合全解全析及评分标准 第4页（共15页）（2）让 Bs 毒蛋白基因在鱼腥藻细胞内正常表达（2 分）新霉素（2 分）（3）转基因鱼腥藻对按蚊幼虫有毒杀作用，且随着鱼腥藻密度增大和处理时间的延长效果更明显（2 分）在室外按蚊幼虫孳生处开展转基因鱼腥藻的毒性测试或探究转基因鱼腥藻对生态的安全性（2 分

17、）【解析】（1）培养 Bs 时，可用稀释涂布平板法或平板划线法将菌株接种到固体培养基中培养以便获得单菌落。可用 PCR 技术大量获得 Bs 毒蛋白基因。（2）构建重组质粒时，需要在 Bs 毒蛋白基因的上游加上鱼腥藻特异性表达的启动子 Pcpc，是为了确保 Bs 毒蛋白基因在鱼腥藻细胞内正常表达。标记基因为新霉素抗性基因，重组质粒导入鱼腥藻后，将鱼腥藻置于含有新霉素的蓝绿水藻培养基中进行筛选培养，获得含目的基因的鱼腥藻。（3）据表分析，转基因鱼腥藻毒性测试结果是转基因鱼腥藻对按蚊幼虫有毒杀作用，且随着鱼腥藻密度增大和处理时间的延长效果更明显。为了推广应用转基因鱼腥藻，接下来还应探究的课题是在室外

18、按蚊幼虫孳生处开展转基因鱼腥藻的毒性测试或探究转基因鱼腥藻对生态的安全性。#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#理科综合全解全析及评分标准 第5页（共15页）理综化学全解全析及评分标准 阅卷注意事项：阅卷注意事项：1阅卷前请学科教研组长组织改卷老师开会，强调改卷纪律，统一标准。2请老师改卷前务必先做一遍试题，了解自己所改试题的答案、评分细则、答题角度后，再开始改卷。3请老师认真批阅，不可出现错改、漏改现象，如果不小心漏改或错改了，可以点击回评回评重评。4成绩发布后，如果有学校反馈错评、乱评，平台定位阅卷老师，情况属实的将进行

19、通报批评。5化学主观题若学生答出不同于所给参考答案和评分标准里的其他要点，且符合题目要求，均可灵活给分。6阅卷平台出现的相关问题，如果刷新页面重新登录未能解决，请将问题反馈给学校负责技术的老师（或考试负责人），由其统一在技术 QQ 群里反馈问题并协助解决。7 8 9 10 11 12 13 C A B D C B D 7C【解析】石墨是碳单质，A 项正确；橡胶属于聚合物，B 项正确；酶具有专一性，淀粉酶不能用于纤维素的水解，C 项错误；合金的特性是硬度大、熔点低，D 项正确。8A【解析】M 中含有 2 个亚氨基，故 1 mol M 最多可消耗 2 mol HCl，A 项正确；N 分子中含有 2

20、 个手性碳，B 项错误；反应中环氧环打开，为开环聚合反应，反应中没有小分子生成，一定不是缩聚反应，C 项错误；P 与 CH3COOH 酯化后，亲水基羟基变成疏水基酯基，所以吸水性减弱，D 项错误。9B【解析】HCl 与 CH3COOH 的物质的量相同，则与足量的 NaHCO3反应生成 CO2的量相等，A 项错误；等浓度时，Na2CO3溶液的 pH 大，说明23CO的水解程度大，即与 H+的结合能力更强，B 项正确；Na2SO3和 Na2S 在酸性条件下能发生归中反应生成 S 单质，在碱性条件下可以大量共存，C 项错误；3NO在酸性条件下才有强氧化性，白色沉淀为 BaSO3，不是 BaSO4，不

21、能体现 Na2SO3的还原性，D 项错误。10D【解析】铜为反应物，不是催化剂，A 项正确；根据中间体 a 和反应生成，推出中间体 a 为，B 项正确；Cu、CuX、四种物质中，铜表现出 4种化合价，分别为 0、+1、+2、+3，C 项正确；反应中没有非极性键的断裂，D 项错误。11C【解析】基态 Al 原子的核外电子排布式为 1s22s22p63s23p1，占据的原子轨道数为 7，核外电子的空间运动状态有 7 种，A 项错误；图 1 中铝原子周围最近的氯原子数为 6，Al 填充在由 Cl 构成的八面体空隙中，B 项错误；液态分子结构中存在共价键和配位键，C 项正确；液态分子中 Al 原子的配

22、位数是 4，采用 sp3杂化，高温气态分子中 Al 原子的配位数是 3，采用 sp2杂化，D 项错误。12B【解析】根据 CO2被还原可知，Bi 电极为阴极，与电源负极相连，故 PtTi 电极与电源正极相连，A#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#理科综合全解全析及评分标准 第6页（共15页）项正确；PtTi 电极发生反应生成 H+，Bi 电极区发生反应消耗 H+、生成 OH，且 Bi 电极表面的纳米片层结构形成了空腔可有效抑制 OH、H+的扩散，故其 pH 比其他区域溶液的 pH 高，B 项错误；Bi 电极生成 HCOOH

23、 的电极总反应为 CO2+2H+2e=HCOOH，C 项正确；当 Bi 电极表面生成 1 mol HCOOH 和 0.08 mol H2时，所需电子分别为 2 mol、0.16 mol，所以 HCOOH 的电解效率为22.16100%92.6%，D 项正确。13 D【解析】Fe(H2O)63+的配体是6个H2O，Fe(H2O)5(OH)2+的配体是5个H2O和1个OH，Fe(H2O)4(OH)2+的配体是 4 个 H2O 和 2 个 OH，Fe()的配位数都是 6，A 项正确；K1=223526Fe(H O)HFe(H O(OH)()ccc，所以lg326HFe()()H O cc=lgK1(

24、lgcFe(H2O)5(OH)2+)=(lgcFe(H2O)5(OH)2+)+3.05，斜率为1。K2=225242Fe(H O)He(OH)()(O(HOH)Fccc，所以lg225Fe(H O)(O)(HHcc=lgcFe(H2O)4(OH)2+lgK2，斜率是 1。所以 L1 表示326HFe()()H O cc与 cFe(H2O)5(OH)2+的关系，L2 表示225Fe(H O)(O)(HHcc与 cFe(H2O)4(OH)2+的关系，B 项正确；lg225Fe(H O)(O)(HHcc=lgcFe(H2O)4(OH)2+lgK2，代入数据可得0.105=3.155+lgK2，lgK

25、2=3.26，K2=103.26，C 项正确；根据坐标含义可知，P 点cFe(H2O)5(OH)2+=cFe(H2O)4(OH)2+，与 cFe(H2O)63+=cFe(H2O)4(OH)2+不是同一个点，所以pH 不同，D 项错误。27（14 分）（1）球形冷凝管（1 分）浓硫酸；防止 NaOH 溶液中的水进入反应器中（2 分，试剂 1 分，作用 1分，答案合理即可）（2）Cu2O+2CH3COOH=2CH3COOCuH2O（2 分）吸收水分，提供反应物（2 分，写出 1 点给1 分，答案合理即可）（3）反应过程中有 H2逸出，H2遇明火易爆炸（2 分，答案合理即可）（4）真空干燥（1 分，

26、答“干燥”也给分，答案合理即可）（5）1212.3abVmV（2 分，或其他合理书写形式）AD（2 分，1 个 1 分，多选或错选不得分）【解析】（1）仪器 c 的名称是球形冷凝管；由题干信息知，CH3COOCu 易水解，因此仪器 d 中的试剂是浓硫酸，作用是防止 NaOH 溶液中的水进入反应器中。（2）Cu2O 和冰醋酸反应的化学方程式为 Cu2O+2CH3COOH=2CH3COOCuH2O。醋酸酐和水反应#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#理科综合全解全析及评分标准 第7页（共15页）生成醋酸，一方面吸收水分防止 CH

27、3COOCu 水解，另一方面生成反应物 CH3COOH。（3）制备过程不可选用明火直接加热，原因是反应过程中有 H2逸出，H2遇明火可能发生爆炸，因此应避免与明火接触。（4）已知醋酸亚铜固体遇空气易水解或被氧化，因此需要真空干燥，最终得到醋酸亚铜固体。（5）根据 CH3COOCu+Fe3+=Cu2+Fe2+CH3COO，Fe2+Ce4+=Fe3+Ce3+，可得到关系式：CH3COOCuFe2+Ce4+Ce(SO4)2，则 V2 mL 待测液中所含 CH3COOCu 的物质的量为（ab103）mol，则V1 mL 待测液中所含CH3COOCu 的物质的量为(12VVab103)mol，质量为(1

28、2VVab103)mol123 gmol1=120.123abVV g，因此产品中 CH3COOCu 的质量分数为120.123 g gabVVm100%=1212.3abVmV%。未用标准溶液润洗滴定管，会使消耗的标准溶液体积偏大，使测定结果偏高，A 项错误；滴定时需要适当控制滴定速度，使反应充分进行，B 项正确；当滴定接近终点时，用锥形瓶内壁将半滴标准液刮落，并用蒸馏水冲洗内壁，可减小实验误差，提高滴定的准确度，C 项正确；滴定前滴定管尖嘴部分有气泡，滴定后无气泡，会使读得的消耗标准溶液的体积偏大，使测定结果偏高，D 项错误。28（15 分）（1）4s2（1 分）适当升高温度、适当增大盐酸

29、的浓度、搅拌等（2 分，任写一种）（2）SbOCl（2 分）加足量水、加热、用热水、加少量氨水等（2 分，任写一种，或其他合理答案）（3）Sb4O5Cl2+2NH3H2O=2Sb2O3+2NH4Cl+H2O（2 分，化学式正确 1 分，配平 1 分）（4）碳的用量过大，会与 Sb2O3形成泡渣而结块，使得 CO 与 Sb2O3的接触面积减小，还原效率降低，回收率减小（2 分，答案合理即可）（5）73A29210dN（2 分，其他书写形式正确也给分）Bi2O3晶体中离子堆积方式比 Sb2O3的更加紧密（2 分，答案合理即可）【解析】流程分析：Sb2O3、As2O3、Bi2O3经过盐酸“酸浸”转化

30、为 Sb3+、As3+、Bi3+，加水“水解”只有 Sb3+转化为滤渣（氯氧锑）从而分离出来，氯氧锑（Sb4O5Cl2）经过“转化”生成 Sb2O3，再经过“还原熔炼”得到金属锑。（1）As 为第四周期第A 族元素，As3+的价电子排布式为 4s2；提高“酸浸”效率的措施有适当升高温度、适当增大盐酸的浓度、搅拌等。（2）分析水解反应可知，盐酸浓度较大时抑制水解平衡，所以加入少量水时产物以 SbOCl 为主；实现SbOCl 转化为 Sb4O5Cl2，需要使水解平衡正向移动，加水、升温、适当加入碱性物质等均可以使平衡正向移动。（3）根据元素守恒可以得出反应的化学方程式为 Sb4O5Cl2+2NH3

31、H2O=2Sb2O3+2NH4Cl+H2O。#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#理科综合全解全析及评分标准 第8页（共15页）（4）由已知信息可知，熔炼过程中原料之间可能会形成泡渣而结块，过量的碳附着在原料表面阻碍了CO 与 Sb2O3的反应。（5）Sb3+位于晶胞的八个顶点和体心，O2位于面心，则 1 个晶胞中有 2 个 Sb3+、3 个 O2，设晶胞参数为 a nm，则晶体密度为373A122216 3 g cm(10)Na=d gcm3，所以晶胞参数 a=73A29210dN；离子晶体的熔点与离子所带的电荷数、离子半

32、径、离子堆积的紧密程度有关，已知 Sb2O3、Bi2O3中离子所带的电荷数相等，说明 Bi2O3的熔点更高与电荷数关系不大，离子半径：Sb3+Bi3+，离子半径越小离子键越强，熔沸点应越高，但是 Bi2O3的熔点更高，说明应该是 Bi2O3晶体中离子堆积方式比 Sb2O3的更加紧密造成的。29（14 分）（1）49（2 分）（2）c（1 分）在相同的条件下，CuZnOZrO2作催化剂时，CO2转化率和 CH3OH 选择性都最高（1 分，答案合理即可）110014%53%32 41367 1 1（2 分，答案合理即可）吸附 H2，并将其解离为 H（1 分，答案合理即可）HCOO、CH3O（1 分

33、，答不全不给分）（1 分）（3）a（1 分）反应是吸热反应，升高温度，平衡时 CO 的选择性增大，c 线为 CO 的选择性曲线；CH3OH 和 CO 选择性之和为 100%，b 线为 CH3OH 的选择性曲线，所以 a 线为 CO2平衡转化率的曲线（2 分，答案合理即可）30.20.1553.83.80.82.65(5)3.83.8 （2 分，其他书写形式正确也给分）【解析】（1）根据盖斯定律，反应 iii=反应 i+反应 ii，H3=H1+H2=(90+41)kJmol1=49 kJmol1。（2）催化效果最好的是 CuZnOZrO2，因为在相同的条件下，CuZnOZrO2作催化剂时，CO2

34、转化率和 CH3OH 选择性都最高。设经过 1 min 时，通过 100 mL CO2和 H2，其中 n(CO2)n(H2)=13，Vm=1367 mLmol1，CO2转化率为 14%，CH3OH 选择性为 53%，根据 CH3OH 时空收率的定义，可列出计算式：CH3OH 时空收率=111100 mL14%53%32 g mol41367 mL mol1 g()1 min催化剂。#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#理科综合全解全析及评分标准 第9页（共15页）由图示可知，CuZnOZrO2催化剂中 Cu 的作用是吸附 H

35、2，并将其解离为 H。由反应机理图可知，制甲醇的过程中，生成的含碳中间体有23CO、HCOO、CH3O；因 HCOO的消耗与CH3OH 的合成之间有很好的线性关系，说明 HCOO的消耗反应即反应的活化能最大，为生成甲醇的控速步骤。（3）因反应 i 是吸热反应，升高温度，平衡时 CO 的选择性增大，c 线为 CO 的选择性曲线；CH3OH和 CO 选择性之和为 100%，b 线为 CH3OH 的选择性曲线，所以 a 线为 CO2平衡转化率的曲线。X 点温度下，由图可知 CO2平衡转化率为 20%，CH3OH 选择性与 CO 选择性都为 50%。n(CO2)n(H2)=13，设 n(CO2)始=1

36、 mol，n(H2)始=3 mol，则n(CH3OH)平=n(CO)平=1 mol20%50%=0.1 mol，n(CO2)平=1 mol1 mol20%=0.8 mol，根据 O 原子守恒：n(H2O)平=(20.820.10.1)mol=0.2 mol，根据 H 原子守恒：n(H2)平=2(60.1 40.22)mol=2.6 mol，平衡时气体总物质的量为(0.8+0.1+0.1+2.6+0.2)mol=3.8 mol，反应 iii 的 Kp=23322(H O)(CH OH)(CO)(H)pppp=30.20.1553.83.80.82.65(5)3.83.8 。30（15 分）（1）

37、（1 分）苯酚（1 分）（2）N（1 分）（3）醚键、酮羰基（2 分，1 个 1 分）还原反应（2 分）（4）（2 分）（5）11（2 分）（2 分）（6）将转化成溶解度较小的 C 或强酸制弱酸（2 分，答案合理即可）【解析】（1）根据 A 的元素组成和 B、C 的结构可知，A 的结构简式为。B 的化学名称为苯酚。（2）C 中所含第二周期元素为 C、N、O，由于氮原子的 2p 轨道电子半充满，能量低，较稳定，第一#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#理科综合全解全析及评分标准 第10页（共15页）电离能大于氧原子，故 C 中

38、所含第二周期元素的基态原子第一电离能最大的是氮原子。（3）D 中含氧官能团为醚键和酮羰基。D 到 E 的变化是酮羰基变羟基，属于还原反应。（4）由 E 和 H 的结构发现其有两处不同，再根据 F 的分子式比 E 少 1 个 O 原子，可以确定 F 为，再结合 H 的结构简式和 G 的分子式可以确定 G 为，所以 F 到 H 的化学方程式为。（5）根据 M 与 I 的结构可知R 为C4H7O，R 中含有四元环，O 原子可以在环内或环外，可能的结构有以下 11 种：其中满足 R 上处于不同化学环境的氢原子数目之比为 1114 的结构简式为。（6）A 与 B 在 NaOH 作用下反应结束后，加入水搅

39、拌后用乙酸乙酯洗涤，收集水层，水层中含有，用 CH3COOH 调 pH 至 4 生成，溶解度低，从溶液中析出。#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#理科综合全解全析及评分标准 第11页（共15页）理综物理全解全析及评分标准 阅卷注意事项：阅卷注意事项：1阅卷前请各学科教研组长，组织本学科改卷老师开会，强调改卷纪律，统一标准。2请老师改卷前务必先做一遍试题，了解自己所改试题的答案、评分细则、答题角度后，再开始改卷。3请老师认真批阅，不可出现错改、漏改现象，如果不小心漏改或错改了，可以点击回评回评重评。4成绩发布后，如果有学校反

40、馈错评乱评，平台定位阅卷老师，进行通报批评。5要在学生列出的公式中找寻有用公式，合理即可按公式给分。6不要只看结果，结果正确，但中间公式无法建立有效衔接的，不能给满分；同样，结果错误，但正确列出的公式应给分，因第(1)问中结果算错，使后面最终结果出错(过程列式正确)，不宜重复扣分。7阅卷平台出现的相关问题，如果刷新页面重新登录未能解决，请将问题反馈给学校负责技术的老师(或考试负责人），由其统一在技术 QQ 群里反馈问题并协助解决。14 15 16 17 18 19 20 21 C D B C D AC AD ACD 14C【解析】由衰变方程知，23894Pu的衰变属于 衰变，A 错误；43.8

41、5 年是12个半衰期，则未发生衰变的 Pu 原子核的质量0.5000123224mmmm，则有超过14的 Pu 原子核发生了衰变，B 错误；由爱因斯坦质能方程可知，一次衰变中释放出的能量为22123 Emcmmmc，C 正确；23894Pu能自发衰变为23492U，说明23894Pu比23492U更加不稳定，23894Pu的比结合能比23492U小，D 错误。15D【解析】三颗天链卫星都是地球同步卫星，运行轨道都相同且运行速度大小相等，并相对地面静止，而“天宫”空间站相对地面运动，则三颗天链卫星与“天宫”空间站不是相对静止，A、B 错误；地球半径未知，不能根据题中条件算出地球的密度，C 错误；

42、天链卫星与“天宫”空间站都绕地球运行，由开普勒第三定律知，D 正确。16B【解析】由题图可知，ab 过程气体压强不变，体积增加，由pVCT可知，气体温度升高，分子的平均动能变大。若单位时间内撞击器壁单位面积的次数增加，则气体压强将变大，由于该过程压强不变，可知气体分子单位时间内撞击器壁单位面积的次数减少，A 错误；bc 过程，气体体积不变，压强增大，温度升高，则分子的平均动能增加，B 正确；由aaccacp Vp VTT可知，4cccaaaap VTTTp V，C 错误；ab过程，气体对外做功，bc 过程，气体不做功，ca 过程，外界对气体做功，由 p-V 图像与横轴围成的面积表示做功的大小可

43、知，经历 abca 的变化过程，气体的内能不变，因外界对气体做的功大于气体对外界做的功，由热力学第一定律EWQ可知，气体对外放热，D 错误。17C【解析】汽车螺旋上坡时，受到牵引力、重力、弹力、摩擦力，而向心力是效果力，A 错误；桥梁#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#理科综合全解全析及评分标准 第12页（共15页）设计成“外高内低”的目的是让重力的分力提供向心力，减小所需的静摩擦力，B 错误；螺旋上升的桥梁设计，可以减小坡度，减小重力沿桥面的分力，保证车辆行驶安全，C 正确；车辆沿“外高内低”的路面螺旋运动，且不改变运动

44、半径，当增加速率时，向心力一定变大，但摩擦力大小不一定变大，D 错误。18D【解析】如图所示，AD 边只有一半长度的入射光能从圆弧面出射，易知临界角为 C=30，由对称性知，圆弧 BC 上有光射出的区域对应圆心角为 60，其正弦值为32，A、C 错误；透镜对该单色光的折射率12sinnC，则光在透镜中的传播速度大小为2c，B 错误，D 正确。19AC【解析】在返回舱拉着减速伞以收尾速度匀速下降过程，整体受力平衡，有0mM gf，可得2mM gvC S，A 正确；对返回舱有cos0MgNF，可得cosMgFN，B 错误；减速伞和返回舱的总质量越大，匀速运动时所受的阻力越大，收尾速度 v 越大，C

45、 正确；减速伞迎风面积 S 越大，其他数据不变时，收尾速度 v 越小。D 错误。20AD【解析】设位于正方形顶点处的某根导线在正方形中心所在的水平轴上产生的磁场的磁感应强度大小为 B，在 d 导线中的电流反向前，如图 1 所示，由右手定则和磁感应强度的叠加知，正方形中心处的合磁感应强度大小为12 2BB，因 e 导线平衡，满足1B ILmg，可得24mgBIL。d 导线中的电流反向后，如图 2 所示，a、b、c、d 四根导线在正方形中心处的合磁感应强度大小变为2222mgBBIL，方向沿由 b 到 d 方向，C 错误，D 正确；e 导线所受安培力为222安FB ILmg，方向沿由 c 到 a

46、方向，A 正确，B 错误。21ACD【解析】Q 对q 的库仑引力大于对+q 库仑斥力，合力表现为引力，即2222kQqkQqFddrr#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#理科综合全解全析及评分标准 第13页（共15页）2232224222122kQqrdkQqrdkQqdrddrrr。据此可知，仅使 Q 加倍，电偶极子所受的电场力也加倍，A正确；仅使 r 减半，电偶极子所受的电场力变为原来的 8 倍，B 错误；仅使 d 减半，电偶极子所受的电场力也减半，C 正确；当 r 逐渐减小时，库仑引力做的正功大于库仑斥力做的负功，电

47、场力的合力做正功，系统的电势能减小，D 正确。22（1）0.20（0.2 也正确，2 分）（2）9.65（2 分）（3）空气阻力的影响（时间测量不准等，合理即可，2 分）【解析】（1）从第 1滴滴下到第 21 滴滴下共有 20个时间间隔，则相邻两滴滴下的间隔210.20 s20ttT。（2）从上到下相邻三个水滴的中心位置对应刻度尺的读数分别为 h1=0.211 m、h2=0.805 m、h3=1.785 m，由2hgT，其中3221hhhhh，可得2321229.65 m/shhhgT。（3）测得的重力加速度小于当地的真实值，产生误差的原因有空气阻力的影响、时间测量不准等。23（1）V1（2

48、分）（2）电流表（2 分）（3）2.90（2 分）1.8（2 分）（4）42（2 分）（5）无误差（2 分）【解析】（1）待测电池组电动势约为 3 V，电压表 V2的量程为 015 V，量程过大，电压表 V1的量程为 03 V，量程合适，电压表应选择 V1。（2）当电阻丝接入电路的阻值过小时，若无保护电阻，通过电流表的电流会超出其量程。所以保护电阻 R0的作用是防止通过电流表的电流过大。（3）对整个回路，由闭合电路欧姆定律有AUEI rR，则UI图像纵轴截距为电动势的测量值，可知 E=2.90 V，斜率绝对值AkrR，可得A1.8 rkR。（4）设电阻丝接入电路的长度为L时，电阻值RL，由欧姆

49、定律可知0URRI，整理得0URLI，可知ULI图像的斜率即为所求的，由图可知=42/m。（5）把电流表和电池组视为等效电源，电流表示数是等效电源的准确电流，电压表示数是等效电源准确的路端电压，测得的电池组的电动势是等效电源的电动势，而等效电源的电动势等于电源的电动势。若考虑电压表的内阻，测得的电池组的电动势相比实际值无误差。24.（1）驾驶员采取紧急制动前瞬间的速度大小为01 0vva t（2 分）解得14 m/sv 紧急制动过程中驾驶员动量的变化量0pmv（2 分）解得840 N sp （1 分）（2）设汽车紧急制动后的位移为1x，加速度最小为mina，则有0102vvxxt（2 分）又2

50、1min2vxa（2 分）#QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=#理科综合全解全析及评分标准 第14页（共15页）解得2min7.0 m/sa（1 分）25（1）经过时间 t，两导体棒均做匀速运动时，对导体棒 b 有2sinmgBIL（1 分）对导体棒 a 有cosBILF（1 分）联立可得sin2Fmg（或2sincosFmg，1 分）（2）设整个过程中回路中的平均电流为I，对导体棒 b 有22sin2mgtBILtmv（2 分）对导体棒 a 有1cosFtBILtmv（2 分）联立可得122cosvv 匀速运动后满足2EI