【全国百强校】河南省南阳市第一中学2018届高三上学期第二次考试物理试题（解析版）.doc

《【全国百强校】河南省南阳市第一中学2018届高三上学期第二次考试物理试题（解析版）.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【全国百强校】河南省南阳市第一中学2018届高三上学期第二次考试物理试题（解析版）.doc（12页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、微信公众号：678高中初中资料库河南省南阳市第一中学2018届高三上学期第二次考试物理试题一、单项选择题1.16世纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论开启了物理学发展的新纪元。以下说法与事实相符的是( )A. 根据亚里士多德的论断有：两物体从同一高度自由下落，重的物体下落得快B. 根据亚里士多德的论断有：力是改变物体运动状态的原因C. 伽利略通过数学推算并用实验验证了小球在斜面上从静止开始运动的位移与所用时间成正比D. 伽利略通过理想斜面实验，总结出了牛顿第一定律【答案】A【解析】A、根据亚里士多德的论断，两物体从同一高度自由下落，重的物体下落得

2、快，较轻的物体下落较慢，故A正确；B、根据亚里士多德的论断，必须有力作用在物体上，物体才能运动，力是维持物体运动的原因，故B错误；C、伽利略通过数学推算并用实验验证了小球在斜面上从静止开始运动的位移与所用时间的平方成正比，故C错误；D、牛顿根据伽利略的理想实验得出牛顿第一定律故D错误。点睛：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2.小球每隔0.2s从同一高度抛出，做初速为6m/s的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰。第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为(取）()A. 3个 B. 4个 C. 5个 D. 6个【答案】C【解析】试题分析

3、：小球做竖直上抛运动，从抛出到落地的整个过程是匀变速运动，在空中运动的总时间为：，每隔抛出一个小球，故第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为：，故ABD错误，C正确。考点：竖直上抛运动名师点睛：本题关键明确第一个小球的运动情况，然后选择恰当的运动学公式列式求解出运动时间，再判断相遇的小球个数。3.甲、乙两辆汽车沿同一平直路面行驶，其v-t图像如图所示，下列对汽车运动状况的描述正确的是（ ）A. 在第10s末，乙车改变运动方向B. 在第10s末，甲、乙两车相距150mC. 在第20s末，甲、乙两车相遇D. 若开始时乙车在前，则两车可能相遇两次【答案】D【解析】由图可知，乙车的速度一直为正，说明乙

4、一直沿正方向运动，运动方向没有改变，故A错误；在第20s末，甲通过的位移比乙的位移大，但由于它们初始位置关系未知，所以不能判断是否相遇，故B错误；在第10s末，甲、乙两车的位移之差为：，由于出发点的位置关系未知，所以不能求出确定它们相距的距离，故C错误；若t=0时刻乙车在前，则两车在第20s末前，两车可能相遇一次，若甲车的速度比乙车的速度大，此后，由于乙做匀加速运动，甲做匀速运动，乙可能追上甲，再相遇一次，故D正确。所以D正确，ABC错误。4.如图，质量均为m的两个铁块a、b放在水平桌面上，二者用张紧的轻质橡皮绳，通过光滑的定滑轮相连，系统都处于静止状态，若用水平外力将a向左由P缓慢移至M处，

5、b未动；撤掉外力后仍都能保持静止，对a、b进行分析，正确的有( )A. 铁块a在P、M两点位置所受的摩擦力大小都等于b受的摩擦力大小B. 两者对桌面的压力一定都变大C. b与地面间最大静摩擦力一直增大D. 天花板对定滑轮作用力的方向竖直向上【答案】C【解析】A、把物块a和b看做一整体分析，撤去外力F时水平方向应满足，其中是拉a的橡皮条与竖直方向的夹角，显然由于逐渐增大，所以物块a、b受到的摩擦力不总相等，故A错误；B、根据竖直方向的合力为零可得有及可知，由于橡皮筋拉力增大，所以压力应减小，故B错误；C、对b分析，由于橡皮条的拉力不断增加，故b与地面间最大静摩擦力一直增大，故C正确；D、光滑的定

6、滑轮受橡皮条的两个拉力的合力方向不一定竖直向下，故天花板对定滑轮作用力的方向不一定竖直向上，故D错误。点睛：本题的关键是正确受力分析，灵活用整体法和隔离法，注意“缓慢”的含义是动态平衡，特别注意静摩擦力与滑动摩擦力的区别。5.如图，两个轻环a和b套在位于竖直面内的一段固定圆弧上，一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为m的小球。在a和b之间的细线上悬挂一小物块。平衡时，a、b间的距离恰好等于圆弧的半径的一半。不计所有摩擦。小物块的质量为（ ）A. m B. C. D. 2m【答案】C【解析】【详解】设悬挂小物块的点为O，圆弧的圆心为O，由于ab=0.5R，所以三角形Oab为等腰三角形。由于圆弧对轻

7、环的支持力沿半径方向背向圆心，所以小球和小物块对轻环的合力方向由轻环指向圆心O，因为小物块和小球对轻环的作用力大小相等，所以aO、bO是maO、mbO的角平分线，设OOb=由几何关系， ，；对结点O，由平衡知识：，即，故ABD错误，C正确。故选C。6.如图所示，A、B两小球分别连在弹簧两端，B端用细线固定在倾角为30的光滑斜面上。A、B两小球的质量分别为、，重力加速度为g，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为（ ）A. 都等于B. 和0C. 和0D. 0和【答案】D【解析】对A球分析，开始处于静止，则弹簧的弹力，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对A，所受的合力为零，则A的加

8、速度为0，对B，根据牛顿第二定律得，故选项D正确。点睛：本题考查牛顿第二定律的瞬时问题，抓住剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解。7.如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧，上端固定，下端连一质量为m的物块A，A放在质量也为m的托盘B上，以N表示B对A的作用力，x表示弹簧的伸长量。初始时，在竖直向上的力F作用下系统静止，且弹簧处于自然状态（x=0）。现改变力F的大小，使B以的加速度匀加速向下运动（g为重力加速度，空气阻力不计），此过程中N或F随x变化的图象正确的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】弹簧的弹力减小到mg/2时，物块和托盘间的压力为零，在此之前，二者之间的压

9、力由开始运动时的mg/2线性减小到零，力F由开始时的mg线性减小到mg/2；此后托盘与物块分离，力F保持mg/2不变，故BC对；8.如图所示，质量为M的小车放在光滑水平面上，小车上用细线悬挂另一质量为m的小球，且Mm。用一力F水平向右拉小球，使小球和小车一起以加速度a向右运动，细线与竖直方向成角，细线的拉力为。若用一力F水平向左拉小车，使小球和车一起以加速度a向左运动时，细线与竖直方向也成角，细线的拉力为，则( )A. ，B. ， C. ， D. ，【答案】C【解析】【详解】先对左图中情况下的整体受力分析，受重力、支持力和拉力根据牛顿第二定律，有F=(M+m)a再对左图中情况下的小球受力分析，

10、如图根据牛顿第二定律，有FF1sin=maF1cosmg=0由以上三式可解得F1=，a=，再对右图中小球受力分析，如图由几何关系得：F合=mgtanF1=，再由牛顿第二定律，得到a=gtan由于Mm，故aa，F1=F1故选：C.【点睛】先对左图中情况下的整体受力分析，运用牛顿第二定律列式；然后对小球受力分析，运用牛顿第二定律列式，求出绳子的拉力T和加速度a；再次对右图中的小球受力分析，运用牛顿第二定律求出绳子的拉力T和加速度a；最后再比较结果即可9. 如图所示，质量为M的小车原来静止在光滑水平面上，小车A端固定一根轻弹簧，弹簧的另一端放置一质量为m的物体C，小车底部光滑，开始让弹簧处于压缩状态

11、，当弹簧释放后，物体C被弹出向小车B端运动，最后与B端粘在一起，下列说法中正确的是 ( )A. 物体离开弹簧时，小车向左运动B. 物体与B端粘在一起之前，小车的运动速率与物体C的运动速率之比为m/MC. 物体与B端粘在一起后，小车静止下来D. 物体与B端粘在一起后，小车向右运动【答案】ABC【解析】在物体离开弹簧的过程，物体和小车组成的系统动量守恒，系统原来的总动量为零，物体C向右运动，故小车向左运动，A选项正确；小车和物体动量大小相等，运动速率就与其质量成反比，B选项正确。物体C与小车B段粘在一起后，动量守恒，原有总动量为零，最后的总动量也为零，因此小车静止下来，C选项正确。思路分析：分清楚

12、阶段，使用动量守恒定律即可解决。试题点评：实际应用动量守恒定律解决的问题。10.如图，一长为L的长方形木块可在倾角为的斜面上以加速度a匀加速下滑，1、2两点间的距离大于L木块经过1、2两点所用时间分别为t1和t2，则下列说法正确的是（）A. 木块前端P从点1到点2所用时间为B. 木块前端P从点1到点2所用时间为C. 木块通过点2的平均速度为D. 1、2两点间的距离是【答案】AC【解析】A、设P端通过1后时刻速度为，通过2后时刻速度为，由匀变速运动平均速度的推论有：，木块前端P从点1到点2所用时间，故A正确，B错误；C、木块通过点2的时间为，经历的位移为L，则木块通过点2的平均速度为，C正确；D

13、、木块前端经过点1的速度，木块前端经过点2的速度，1、2两点间的距离，故D错误。点睛：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷。11.如图所示，水平桌面上有三个相同的物体a、b、c叠放在一起，a的左端通过一根轻绳与质量为m=1的小球相连，绳与水平方向的夹角为60，小球静止在光滑的半圆形器皿中。水平向右的力F=30N作用在b上，三个物体保持静止状态。g取，下列说法正确的是()A. 物体c受到向右的静摩擦力B. 物体b受到一个摩擦力，方向向左C. 桌面对物体a的静摩擦力方向水平向左D. 撤去力F的瞬间，三个物体将获得向左的加速度【答案】BC【解析

14、】试题分析：设水平向右为正方向，设的质量为，由于均静止，故加速度为：，对c：设b对c的静摩擦力为，则水平方向上只受影响，且c保持静止，由牛顿第二定律得：，代入数据得：，故A错误；对b：b静止，设a对b的静摩擦力为，则水平面上：，即：，故b只受一个静摩擦力，方向与F相反，即水平向左，故B正确；对a，a静止，设绳的拉力为T，器皿对小球的弹力为N，桌面对a的静摩擦力为，则水平面上：，对小球受力分析如图：由于小球静止，故竖直方向上：水平方向上：联立式代入数据解得：，故地面对a的静摩擦力水平向左，故C正确；若撤去F，对a，水平方向上受绳的拉力：，故整个系统仍然保持静止，故D错误。考点：牛顿第二定律、物体

15、的弹性和弹力、共点力平衡的条件及其应用【名师点睛】本题主要考查力的分解和平衡力判断，结合牛顿第二定律会使此类题目变得简单，整个系统保持静止，隔离法分析c，可得出受静摩擦力为0。12.如右图所示，水平传送带以速度匀速运动，小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，t=0时刻P在传送带左端具有速度，P与定滑轮间的绳水平，时刻P离开传送带，不计定滑轮质量和摩擦，绳足够长，正确描述小物体P速度随时间变化的图像可能是（ ）A. A B. B C. C D. D【答案】BC【解析】试题分析：若：向右，若，则向右匀加速到速度为后做匀速运动到离开，则为B图正确；若，则向右做匀减速到速度为0后再向左匀加速到

16、离开。若：向左，若，则减速到后匀速向右运动离开，无此选项，若，则减速到小于后变为向右，加速度变小，此后加速度不变，继续减速到0后向左加速到离开，则为C图正确，故AD错误，BC正确。考点：牛顿第二定律、匀变速直线运动的图像【名师点睛】考查摩擦力的方向与速度的关系，明确其与相对运动方向相反，结合牛顿第二定律分析运动情况，较难。二、实验题13.在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验中，实验装置如图1，所用的每个钩码的重力相当于对弹簧提供了向右恒定的拉力。实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测出相应的弹簧总长度。（1）一同学通过以上实验测量后把6组数据描点在坐标系

17、图2中，请在答卷上作出FL图线_。（2）由此图线可得出该弹簧的劲度系数k=_N/m。【答案】 (1). （1）如图所示； (2). （2）20；【解析】【详解】（1）作出F-L图线，如图所示：（2）弹簧处于原长时，弹力为零，故弹簧的原长L0=5cm；图象的函数表达式为：F=k（L-L0），故斜率表示劲度系数；劲度系数；【点睛】本题关键是明确描点作图的方法，同时求解出图象的函数表达式，得到斜率的含义，然后通过图象求解出劲度系数14.某实验小组用一只弹簧秤和一个量角器等器材验证力的平行四边形定则，设计了如图所示的实验装置，固定在竖直木板上的量角器的直边水平，橡皮筋的一端固定于量角器的圆心O的正上方

18、A处，另一端系绳套1和绳套2。（1）主要实验步骤如下：弹簧秤挂在绳套1上竖直向下拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O点处，记下弹簧秤的示数F；弹簧秤挂在绳套1上，手拉着绳套2，缓慢拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O处，此时绳套1沿0方向，绳套2沿120方向，记下弹簧秤的示数；根据力的平行四边形定则计算绳套1的拉力F=_；比较_即可初步验证；只改变绳套2的方向，重复上述试验步骤。(2)将绳套1由0方向缓慢转动到60方向，同时绳套2由120方向缓慢转动到180方向，此过程中保持橡皮筋的结点在O处不动，保持绳套1和绳套2的夹角120不变。关于绳套1的拉力大小的变化，下列结论正确的是_(填选项前的序号)A.逐渐

19、增大B.先增大后减小C.逐渐减小D.先减小后增大【答案】（1），和（2）A【解析】试题分析：（1）根据平行四边形定则可得，故有，因为两次情况下效果相同，而相当于合力F的一个分力，如果和大小相等，则验证（2）因为结点在O处不动，所以相当于两力的合力不变，如图所示根据图像可得绳套1的拉力大小在逐渐增大，故A正确；考点：考查了验证力的平行四边形定则实验【名师点睛】本题主要考查了平行四边形定则的直接应用，第二问是三力平衡问题中的动态分析问题，关键受力分析后，作出示意图，然后运用力的平行四边形定则进行分析讨论，难度适中15.某同学利用打点计时器探究小车速度随时间变化的关系，所用交流电的频率为50Hz，如

20、图为某次实验中得到的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6、7为计数点，相邻两计数点间还有3个打点未画出。从纸带上测出，。计数点123456各计数点的速度（m/s）0.500.700.901.101.51(1)请通过计算，在下表空格内填入合适的数据(计算结果保留三位有效数字) _;(2)根据表中数据，在所给的坐标系中作出v-t图象(以0计数点作为计时起点) _；由出v-t图象可得，小车运动的加速度大小为_。【答案】 (1). 1.31， (2). 如图所示：2.5【解析】试题分析：（1）两点间的时间间隔为，计数点5的速度为（2）图像的斜率表示运动的加速度，所以有：。考点：探究小车速度随时

21、间变化的关系三、计算题16.高速公路上甲、乙两车在同一车道上同向行驶，甲车在前，乙车在后，速度均为v0=30m/s，距离s0=100m，t=0时刻甲车遇紧急情况后，甲、乙两车的加速度随时间变化如图所示，取运动方向为正方向通过计算说明两车在09s内会不会相撞？【答案】两车不会相撞【解析】设，末，甲车速度：；设过后经过甲、乙两车速度相等，此时距离最近：；等速之前，甲车位移：；乙车位移：；解得，不会相撞。点睛：本题是追击问题，关键分析清楚两小车的运动情况，然后根据运动学公式列式求解或者画出速度时间图象进行分析。17.如图所示，一个横截面为直角三角形的三棱镜，A、B、C为三个顶点，其中A=60，B=9

22、0，AB长度为。一束与BC平行的单色光射向AC面，入射点为D，D、C两点间距离为，三棱镜材料对这束单色光的折射率是。求:（1）光在三棱镜中的传播速度v；（2）光从进入三棱镜到经AC面出射所经过的最短时间t。【答案】(1) （2） 【解析】试题分析：由解得：由几何关系知，光束从进入三棱镜到再次经AC面出射所经过的路程为考点：考查光的折射定律【名师点睛】本题考查光的折射问题，对数学几何能力的要求较高，平时需加强训练，提高解题能力，同时掌握光的折射定律，注意正确的作图是解题的关键18.一质量为m的滑块在粗糙水平面上滑行，通过频闪照片分析得知，滑块在自开始2s内的位移是最后2s内位移的2倍，且已知滑块

23、在最初开始1s内的位移为2.5m，求：（1）滑块运动的总时间；（2）滑块的初速度；（3）滑块运动的总位移。【答案】（1）3s；（2）3m/s；（3）4.5m【解析】（1）设物体运动的加速度为a，运动总时间为t，把物体运动看成反向的初速度为0的匀加速直线运动，则有：最后内位移为：，最初内位移为：又因为，则有解得总时间为：。（2）第一秒的位移为：，代入数据解得： 滑块的初速度为：（3）采用逆向思维，总位移为：。点睛：本题要注意解题时可以把物体匀减速直线运动到停止看成反向的初速度为0的匀加速直线运动。19.如图所示，某货场需将质量为m的货物（可视为质点）从高处运送至地面，现利用固定于地面的倾斜轨道传

24、送货物，使货物由轨道顶端无初速滑下，轨道与水平面成=37角。地面上紧靠轨道依次排放两块完全相同木板A、B，长度均为L=2m，厚度不计，质量均为m，木板上表面与轨道末端平滑连接。货物与倾斜轨道间动摩擦因数为0=0.125，货物与木板间动摩擦因数为1，木板与地面间动摩擦因数2=0.2。回答下列问题：（最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2）（1）若货物从离地面高h0=1.5m处由静止滑下，求货物到达轨道末端时的速度v0（2）若货物滑上木板A时，木板不动，而滑上木板B时，木板B开始滑动，求1应满足条件（3）若1=0.5，为使货物恰能到达B的最右端，

25、货物由静止下滑的高度h应为多少？【答案】（1）5m/s（2）（3）2.64m【解析】试题分析：（1）货物在倾斜轨道上的受力如图，由牛顿第二定律：代入数据解得由运动学公式：代入数据解得：（2）若滑上木板A时，木板不动，由受力分析得若滑上木板B时，木板B开始滑动，由受力分析得联立式代入数据得:（3）由（2）知货物滑上A时，木板不动，而滑上木板B时，木板B开始滑动货物下滑高度记为，到达斜道末端时速度记为，货物滑上A时做匀减速运动，加速度大小a1=g1=5m/s2货物离开A时速度记为，货物滑上B时，自身加速度大小，B的加速度大小由题意，货物到达B最右端时两者恰好具有共同速度，记为货物做匀减速运动：，B做匀加速运动：，位移关系满足：代入数据解得：考点：考查了牛顿第二定律与运动学公式的综合应用