04.浙江省杭州市学军中学高三（上）月考物理试卷（二）（11月份）（含解析.docx

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1、微信公众号：678高中初中资料库 资料正文内容开始2018-2019学年浙江省杭州市学军中学高三（上）月考物理试卷（二）（11月份）一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，选对的得3分，选错的得0分）1（3分）下列各图中，测量示数的单位属于国际单位制中基本单位的是（）AA点示数：0.0365mB弹簧秤示数：2.00NC电压表示数：2.30VD显示屏示数：171km/h2（3分）下列说法错误的是（）A英国科学家胡克发现了胡克定律，提出了关于“太阳对行星的吸引力与行星到太阳的距离的平方成反比”的猜想B英国剑桥大学学生亚当斯和法国天文学家勒

2、维耶应用万有引力定律，计算发现了海王星C牛顿发现了万有引力定律，并利用扭秤装置测得万有引力常量，“称量了地球的重量”D美国物理学家密立根通过油滴实验比较准确地测定了电子的电荷量，获得诺贝尔奖3（3分）手机给人民生活带来很多便利，如滴滴出行软件不仅极大的方便了出行的人们，更是缓解了城市交通中出租车的压力下面三图是某位滴滴司机准备从某中学附近开往西溪印象城，设定好各项 设置后去接了三位同行乘客的软件部分截图，下列说法正确的是（）A图甲中“市内行程今天 08：00”是滴滴司机出发时间，指的是时间间隔B图甲中“顺路程度55%”，指的是位移大小有55%重合C图乙中“九堡地铁站 九堡 距你起点20.6km

3、”，20.6km指的是位移，其初始位置是起点D图丙中研究汽车在导航图中的位置时，可把汽车看作质点4（3分）伽利略在研究自由落体运动时，设计了如图所示的斜面实验下列哪些方法是他在这个实验中采用过的测出相同长度的斜面在不同倾角时，物体落到斜面底端的速度v和所用时间t，比较vt的比值的大小用打点计时器打出纸带进行数据分析改变斜面倾角，比较各种倾角得到的xt2的比值的大小将斜面实验的结果合理“外推”，说明自由落体运动是特殊的匀变速直线运动（）ABCD5（3分）以下是必修课本中四幅插图，关于这四幅插图下列说法正确的是（）A甲图中运动员推开冰壶后，冰壶在冰面运动时受到的阻力很小，可以认为冰壶在接下去的过程

4、中做匀速直线运动B过山车关闭油门后能依靠强大的惯性通过接下去的竖直圆轨道，但机械能不守恒C丙图中赛车的质量不很大，却安装着强大的发动机，可以获得很大的惯性D丁图中高大的桥要造很长的引桥，从而减小桥面的坡度，来增大车辆重力沿桥面方向的分力，保证行车方便与安全6（3分）如图所示，晾晒衣服的绳子两端分别固定在两根等高的竖直杆上，绳子的质量及绳与衣架挂钩间摩擦均忽略不计，原来保持静止一阵恒定的风吹来，衣服受到水平向右的恒力而发生滑动，并在新的位置保持静止则（）A绳的拉力可能变大B绳的拉力一定不变C绳对挂钩作用力变小D绳对挂钩作用力不变7（3分）公园里，经常可以看到大人和小孩都喜欢玩的一种游戏“套圈”，

5、如图所示是“套圈”游戏的场景。假设某小孩和大人站立在界外，在同一条竖直线上的不同高度分别水平抛出圆环，大人抛出圆环时的高度大于小孩抛出时的高度，结果恰好都套中前方同一物体。如果不计空气阻力，圆环的运动可以视为平抛运动，则下列说法正确的是（）A大人和小孩抛出的圆环在空中飞行的时间相等B大人和小孩抛出的圆环抛出时的速度相等C大人和小孩抛出的圆环发生的位移相等D大人和小孩抛出的圆环速度变化率相等8（3分）下列电容器相关知识描述正确的是（）A图甲为电容器充电示意图，充完电后电容器上极板带正电，两极板间的电压U等于电源的电动势EB图乙为电容器放电示意图，若电容器上极板带电量为+Q，则放电过程中通过安培表

6、的电流方向从右向左，流过的总电量为2QC图丙为电解电容器的实物图和符号，图丁为可变电容器及其符号，两种电容使用时都严格区分正负极D图戊中的电容器上有“5.5V，1.0F”字样，说明该电容器只有两端加上5.5V的电压时电容才为1.0F9（3分）高大建筑上都有一竖立的避雷针，用以把聚集在云层中的电荷导入大地 在赤道某地两建筑上空，有一团带负电的乌云经过其正上方时，发生放 电现象，如图所示则此过程中地磁场对避雷针的作用力的方向是（）A向东B向南C向西D向北10（3分）同步卫星离地心距离为R，运行速度为v1，加速度为a1，地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2；第一宇宙速度为v2，地球半径为r，

7、则下列比值正确的是（）Aa1a2=RrBa1a2=(Rr)2Cv1v2=rRDv1v2=Rr11（3分）如图所示，荡秋千是小朋友们最喜欢的一项传统游戏，人通过下蹲和站起，使秋千越荡越高。忽略绳的质量，及空气阻力，则（）A在最高点人下蹲时，重力势能转化为动能B在最高点时人和秋千板所受到的合力为零C在最低点秋千板对人的支持力等于人的重力D在摆动过程中人和秋千的机械能总和不变12（3分）如图所示，将一带电小球 A 通过绝缘细线悬挂于O 点现要使细线偏离竖直线 30角，可在 O 点正下方的B点放置带电 量为 q1 的点电荷，且 BA 连线垂直于OA；也可在 O 点正下方C 点放置带电量为 q2 的点电

8、荷，且CA 处于同一水平线上，则q1q2为（）A12B23C31D3213（3分）大气中存在可自由运动的带电粒子，其密度随距地面高度的增加而增大，可以把离地面50km以下的大气看做是具有一定程度漏电的均匀绝缘体（即电阻率较大的物质）；离地面50km以上的大气则可看做是带电粒子密度非常高的良导体，地球本身带负电，其周围空间存在电场。离地面h50km处与地面之间的电势差约为U3.0105V由于电场的作用，地球处于放电状态。但大气中频繁发生雷暴又对地球充电，从而保证了地球周围电场恒定不变（可视为匀强电场），统计表明，雷暴每秒带给地球的平均电荷量约为q1800C，已知地球半径r6400km。下列说法正

9、确的是（）A离地面越近电势越高B大气层的电场强度约为6103 V/mC地球漏电功率约为6107 WD大气电阻率约为21012m二、选择题（本题共3小题，每小题2分，共6分每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）14（2分）下列说法错误的是（）A原子核的结合能是组成原子核的所有核子的能量总和B在所有核反应中，都遵从“质量数守恒，核电荷数守恒”的规律C在天然放射现象中放出的射线就是电子流，该电子是原子的内层电子受激后辐射出来的D镭226衰变为氡222的半衰期为1620年，也就是说，100个镭226核经过1620年后一定还剩下50个镭2

10、26没有发生衰变15（2分）氢原子光谱如甲图所示，图中给出了谱线对应的波长，已知普朗克常量h6.631034Js，玻尔的氢原子能级图如乙图所示，则下列说法正确的是（）AH谱线对应光子的能量小于H谱线对应光子的能量B甲图所示的四种光均属于可见光范畴CH对应光子的能量约为10.2 eVDH谱线对应的跃迁是从n3能级到n2能级16（2分）两列波速相同的简谐横波沿x轴相向传播，实线波的频率为3Hz，振幅为10cm，虚线波的振幅为5cmt0时，两列波在如图所示区域内相遇，则（）A两列波在相遇区域内会发生干涉现象B实线波和虚线波的频率之比为3：2Ct=16时，x9m处的质点实际振动方向向上Dt=112时，

11、x4m处的质点实际位移大小|y|12.5cm三、非选择题（本题共7小题，共55分）17（4分）（5分）在“探究功与速度关系”的实验中，采用下图所示的实验方案：（1）某学校使用的是电磁式打点计时器，在释放小车前，老师拍下了几个同学实验装置的部分细节图（如图乙所示），下列图中操作不正确的是 （填序号）。（2）在滑板的左侧加一垫块，用以平衡摩擦阻力，如图丙所示。开启电源，轻推小车，打出了一条纸带，如图所示。据此纸带可判断，垫块应 。A向左移动一些 B向右移动一些 C保持不动（3）下图是某次实验测得的纸带的一段，可以判断纸带的 （填“左”或“右”）端与小车连接，在打点计时器打下计数点9时（两计数点之间

12、还有4个点），钩码的瞬时速度大小为 m/s（保留两位有效数字）。18（6分）（1）“练习使用多用电表”的实验中，小沈同学用欧姆挡去测量“220V、60W”的白炽灯不发光时的灯丝电阻，在拍照的时候未把多用电表的选择挡位旋钮拍进去，如图所示，但是小沈同学认为还是能够知道其电阻值，那么你认为此白炽灯的灯丝电阻是 。（2）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：用最小刻度为毫米的刻度尺测量其长度如图（a）所示，（圆柱体另一端与0刻度对齐），由图（a）可知其长度为 mm；用游标为10分度的游标卡尺测量其直径如图（b）所示，由图（b）可知其直径为 mm；该同学想用伏安法更精确地测量待测圆柱

13、体电阻R，并将得到的电流、电压数据描到UI图上，如图（c）所示。由图（c）可知，新材料制成的圆柱体的电阻为 （保留2位有效数字）。由此可估算此圆柱体材料的电阻率约为 m（保留1位有效数字）19（9分）公安机关涉案枪支弹药性能鉴定工作规定指出，不能发射制式弹药的非制式枪支，其所发射弹丸的枪口比动能大于等于1.8焦耳/平方厘米都认定为枪支，枪口比动能是指子弹弹头离开枪口的瞬间所具有的动能除以枪口的横截面积，现有一玩具枪，其枪管长度L20cm，枪口直径d6mm，子弹质量为m2g，在测试中，让玩具枪在高度h1.8m处水平发射，实测子弹射程为12m，不计子弹受到的阻力，求：（1）子弹出枪口的速度；（2）

14、此玩具枪是否可能被认定为枪支，请计算说明（3）假设在枪管内子弹始终受到恒定的推力，试求此推力的大小20（12分）在电影中，“蜘蛛侠”常常能通过发射高强度的蜘蛛丝，穿梭于高楼大厦之间，从而成就了一系列的超级英雄传说在某次行动中，蜘蛛侠为了躲避危险，在高为hA20m的A楼顶部进过一段距离L014.4m的助跑后在N点水平跳出，已知N点离铁塔中轴线水平距离为L32m，重力加速度为g10m/s2，假设蜘蛛侠可看作质点，蜘蛛丝不能伸长（1）要使蜘蛛侠能落到铁塔中轴线上，他跳出的初速度至少为多少？（2）由于体能的限制，蜘蛛侠的助跑最大加速度为5m/s2，在跳出1.6s后发现按照预定路线不能到达铁塔中轴线上，

15、于是他立即沿垂直速度方向朝铁塔中轴线上某位置P发射蜘蛛丝，使得他在蜘蛛丝的作用下绕P点运动，假设蜘蛛丝从发射到固定在P点的时间可忽略不计，请问他能否到达铁塔中轴线上？如果能，请计算出到达的位置，如果不能，请说明原因（3）蜘蛛侠注意到在铁塔后方有一个小湖，他决定以5m/s2的加速度助跑后跳出，择机沿垂直速度方向朝铁塔中轴线上某位置发出蜘蛛丝，在到达铁塔中轴线时脱离蜘蛛丝跃入湖中，假设铁塔足够高，欲使落水点最远，他经过铁塔时的高度为多少？21（4分）（1）如图所示的器材可用来研究电磁感应现象及判定感应电流的方向，其中L1为原线圈，L2为副线圈。在给出的实物图中，将实验仪器连成完整的实验电路。（2）

16、用图示实验装置探究“碰撞中的不变量”实验，若实验中得到一条纸带如图所示，已知A、B车的质量分别为mA、mB，则该实验需要验证的表达式是 。（用图中物理量和已给出的已知量表示）（3）在“探究单摆周期与摆场的关系”实验时，下列用游标卡尺测小球直径的操作最合理的是 。（4）如图所示，某同学按实验装置安装好仪器后，观察光的干涉现象，获得成功，若他在此基础上对仪器的安装做如下改动，仍能使实验成功的是 。A将滤光片移至单缝和双缝之间，其他不动。B将单缝与双缝的位置互换，其他不动。22（10分）如图所示，两平行且无限长光滑金属导轨MN、PQ竖直放置，两导轨之间的距离为L1m，两导轨M、P之间接入电阻R0.2

17、，导轨电阻不计，在abcd区域内有一个方向垂直于两导轨平面向里的磁场，磁感应强度B01T磁场的宽度x11m，在cd连线以下区域有一个方向也垂直于导轨平面向里的磁场，磁感应强度B10.5T一个质量为m1kg的金属棒垂直放在金属导轨上，与导轨接触良好，金属棒的电阻r0.2，若金属棒在离ab连线上端x0处自由释放，则金属棒进入磁场恰好做匀速直线运动金属棒进入磁场后，经过ef时系统达到稳定状态，cd与ef之间的距离x215m（g取10m/s2）（1）金属棒进入磁场时的速度大小（2）金属棒从开始静止到磁场中达到稳定状态这段时间中电阻R产生的热量（3）求金属棒从开始静止到在磁场中达到稳定状态所经过的时间2

18、3（10分）真空中有一半径为R的虚线圆形区域内存在方向垂直纸面的匀强磁场，如图1所示，虚线圆的右侧放置一对水平正对的金属板M和N，两金属板的中心线O1O2与虚线圆的圆心O在同一水平线上，在圆上P点（位于O点的正下方）处有一点状电子源，电子源可以向圆内各个方向发射速率均为v0的电子，其中沿PO方向射入磁场的电子恰好从圆上的O1点沿两板中心线射出，电子在进入金属板的瞬间给两板加上图2所示的交变电压，最后电子恰好从M板的边缘水平飞出，已知金属板的板长L2.4R，板间距d1.2R，电子的质量为m、电量为e，忽略电子的重力和相互间的作用力。求：（1）圆形区域内的磁感应强度B的大小和方向；（2）图2中U0

19、和周期T；（3）若在两板右端加一竖直探测板（图中未画出），电子经磁场偏转后从N板的左端水平射入两板间，同时在板间加上图2的交变电压，经电场偏转后垂直打在探测板上，若每秒打在探测板上的电子数为x，有70%的电子被吸收，30%的电子被原速率弹回两板间，探测板受此类电子撞击的平均作用力大小；（4）在满足（3）的条件下，被原速率弹回的某电子在t=5T2时刻返回两板间，求该电子在磁场中运动的总时间。2018-2019学年浙江省杭州市学军中学高三（上）月考物理试卷（二）（11月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，选对的得

20、3分，选错的得0分）1（3分）下列各图中，测量示数的单位属于国际单位制中基本单位的是（）AA点示数：0.0365mB弹簧秤示数：2.00NC电压表示数：2.30VD显示屏示数：171km/h【考点】3A：力学单位制菁优网版权所有【专题】34：比较思想；4B：图析法；522：牛顿运动定律综合专题【分析】在国际单位制中力学的基本单位有m、kg、s，电学的基本单位有A【解答】解：A、m是国际单位制中力学的基本单位，故A正确。B、N国际单位制中的导出单位，故B错误。C、V是国际单位制中的导出单位，故C错误。D、km/h是国际单位制中的导出单位，故D错误。故选：A。【点评】国际单位制规定了七个基本物理量

21、和七个基本单位，这都需要学生自己记住，不能搞混2（3分）下列说法错误的是（）A英国科学家胡克发现了胡克定律，提出了关于“太阳对行星的吸引力与行星到太阳的距离的平方成反比”的猜想B英国剑桥大学学生亚当斯和法国天文学家勒维耶应用万有引力定律，计算发现了海王星C牛顿发现了万有引力定律，并利用扭秤装置测得万有引力常量，“称量了地球的重量”D美国物理学家密立根通过油滴实验比较准确地测定了电子的电荷量，获得诺贝尔奖【考点】1U：物理学史菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；511：直线运动规律专题【分析】根据物理学史的知识，结合哥白尼、牛顿、开普勒等人的贡献即可正确解答。【解答】解：A、英国

22、科学家胡克发现了胡克定律，提出了关于“太阳对行星的吸引力与行星到太阳的距离的平方成反比”的猜想。故A正确；B、发现万有引力定律后，英国剑桥大学学生亚当斯和法国天文学家勒维耶应用万有引力定律，计算并观测到海王星，故B正确；C、牛顿于1687年正式发表万有引力定律，测出引力常量的科学家是卡文迪许，卡文迪许倍成为“称量了地球的重量”故C错误；D、美国物理学家密立根通过油滴实验比较准确地测定了电子的电荷量，故D正确。本题选择错误的，故选：C。【点评】本题考查有关天体运动的物理学史；对于物理学家所作的科学贡献，要加强记忆，这也是高考考查的内容之一。3（3分）手机给人民生活带来很多便利，如滴滴出行软件不仅

23、极大的方便了出行的人们，更是缓解了城市交通中出租车的压力下面三图是某位滴滴司机准备从某中学附近开往西溪印象城，设定好各项 设置后去接了三位同行乘客的软件部分截图，下列说法正确的是（）A图甲中“市内行程今天 08：00”是滴滴司机出发时间，指的是时间间隔B图甲中“顺路程度55%”，指的是位移大小有55%重合C图乙中“九堡地铁站 九堡 距你起点20.6km”，20.6km指的是位移，其初始位置是起点D图丙中研究汽车在导航图中的位置时，可把汽车看作质点【考点】13：质点的认识；16：时间与时刻菁优网版权所有【专题】22：学科综合题；31：定性思想；43：推理法；511：直线运动规律专题【分析】位移是

24、从起点到终点的有向线段时刻是指某一瞬时，时间间隔是两个时刻之间的间隔路程是物体运动轨迹的长度当物体的大小和形状在研究的问题中能够忽略，物体可以看成质点结合相关知识分析【解答】解：A、08：00是滴滴司机出发的时刻，故A错误。B、位移是从起点到终点的有向线段，路程是物体运动轨迹的长度，“顺路程度55%”，指的是路程有55%重合，故B错误。C、位移是从起点到终点的有向线段，“九堡地铁站 九堡 距你起点20.6km”，20.6km指的是运动轨迹的长度，是路程，故C错误。D、研究汽车在导航图中的位置时，汽车的大小和形状能够忽略，可以把汽车看成质点。故D正确。故选：D。【点评】本题要正确区分路程与位移、

25、时间与时刻，知道一个物体能否看成质点，关键看物体的大小和形状在研究的问题中能否忽略4（3分）伽利略在研究自由落体运动时，设计了如图所示的斜面实验下列哪些方法是他在这个实验中采用过的测出相同长度的斜面在不同倾角时，物体落到斜面底端的速度v和所用时间t，比较vt的比值的大小用打点计时器打出纸带进行数据分析改变斜面倾角，比较各种倾角得到的xt2的比值的大小将斜面实验的结果合理“外推”，说明自由落体运动是特殊的匀变速直线运动（）ABCD【考点】1L：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；511：直线运动规律专题【分析】本题考查了伽利略对自由落体运动的

26、研究，只要了解其研究过程、采用的方法以及其科学的思维即可正确解答本题【解答】解：、在伽利略时代，没有先进的计时仪器，因此采用的是用水钟计时，故错误；、在伽利略时代还没有发明打点计时器，故错误；、在伽利略时代，技术不够发达，无法直接测定瞬时速度，所以不可能直接得到速度的变化规律，但是伽利略通过数学运算得出结论：如果物体的初速度为零，而且x与t平方的成正比，就可以检验这个物体的速度是否随时间均匀变化，故正确；、将斜面实验的结果合理“外推”，说明自由落体运动是特殊的匀变速直线运动，故正确；故D正确，ABC错误。故选：D。【点评】伽利略对自由落体规律的研究为我们提供正确的研究物理的方法、思路、理论，他

27、创造了一套对近代科学的发展极为有益的科学方法5（3分）以下是必修课本中四幅插图，关于这四幅插图下列说法正确的是（）A甲图中运动员推开冰壶后，冰壶在冰面运动时受到的阻力很小，可以认为冰壶在接下去的过程中做匀速直线运动B过山车关闭油门后能依靠强大的惯性通过接下去的竖直圆轨道，但机械能不守恒C丙图中赛车的质量不很大，却安装着强大的发动机，可以获得很大的惯性D丁图中高大的桥要造很长的引桥，从而减小桥面的坡度，来增大车辆重力沿桥面方向的分力，保证行车方便与安全【考点】31：惯性与质量；37：牛顿第二定律；6C：机械能守恒定律菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；52L：力学知识在生产和生活

28、中的应用【分析】阻力很小的冰壶做匀速直线运动；当重力完全提供向心力，轨道和过山车之间没有作用力；惯性和仅和质量有关；高大的桥要造很长的引桥可以减小车辆重力沿桥面方向的分力。【解答】解：A、由于冰壶在冰面上只受到阻力，如果阻力很小，则可认为冰壶做匀速直线运动，故A正确；B、过山车关闭油门后能依靠强大的惯性通过接下去的竖直圆轨道，但机械能不守恒，故B正确；C、惯性和质量有关，与其他因素无关，故C错误；D、高大的桥要造很长的引桥，从而减小桥面的坡度，这样可以减小车辆重力沿桥面方向的分力，保证行车方便与安全，故D错误。故选：AB。【点评】本题是用物理的知识来解释生活中的一些现象，知道产生的各种现象的根

29、本的原因，这样也可以加强对物理知识的理解和记忆。6（3分）如图所示，晾晒衣服的绳子两端分别固定在两根等高的竖直杆上，绳子的质量及绳与衣架挂钩间摩擦均忽略不计，原来保持静止一阵恒定的风吹来，衣服受到水平向右的恒力而发生滑动，并在新的位置保持静止则（）A绳的拉力可能变大B绳的拉力一定不变C绳对挂钩作用力变小D绳对挂钩作用力不变【考点】29：物体的弹性和弹力；3C：共点力的平衡菁优网版权所有【专题】527：共点力作用下物体平衡专题【分析】衣服原来是受重力和两个拉力而平衡，多个风力后是四力平衡，根据共点力平衡条件分析即可【解答】解：C、D、衣服原来是受重力和两个拉力而平衡，多个风力后是四力平衡，两个绳

30、子的拉力的合力与重力、风力的合力相平衡，故两个绳子的拉力的合力变大，即绳对挂钩作用力变大，故C错误，D错误；A、B、两个绳子的夹角变小，两个绳子的拉力的合力变大，故两个绳子的拉力可能变大、变小火不变，故A正确，B错误；故选：A。【点评】本题关键是受力分析后结合共点力平衡条件分析，注意多个风力后两边绳子的夹角不在相等7（3分）公园里，经常可以看到大人和小孩都喜欢玩的一种游戏“套圈”，如图所示是“套圈”游戏的场景。假设某小孩和大人站立在界外，在同一条竖直线上的不同高度分别水平抛出圆环，大人抛出圆环时的高度大于小孩抛出时的高度，结果恰好都套中前方同一物体。如果不计空气阻力，圆环的运动可以视为平抛运动

31、，则下列说法正确的是（）A大人和小孩抛出的圆环在空中飞行的时间相等B大人和小孩抛出的圆环抛出时的速度相等C大人和小孩抛出的圆环发生的位移相等D大人和小孩抛出的圆环速度变化率相等【考点】43：平抛运动菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；518：平抛运动专题【分析】物体做平抛运动，我们可以把平抛运动分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，两个方向上运动的时间相同。【解答】解：设抛出的圈圈做平抛运动的初速度为v，高度为h，则下落的时间为：t=2hg，水平方向位移xvtv2hg，A平抛运动的时间由高度决定，可知大人抛出圆环的时间较长，故A错误；B大人抛出的圆环

32、运动时间较长，如果要让大人与小孩抛出的水平位移相等，则大人要以小点的速度抛出圈圈，故B错误；C、大人和小孩抛出的圆环发生的水平位移相等，竖直位移不同，所以大人和小孩抛出的圆环发生的位移不相等，故C错误；D环做平抛运动，加速度ag，所以大人、小孩抛出的圆环速度变化率相等，故D正确。故选：D。【点评】本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解。8（3分）下列电容器相关知识描述正确的是（）A图甲为电容器充电示意图，充完电后电容器上极板带正电，两极板间的电压U等于电源的电动势EB图乙为电容器放电示意图，若电容器上极板带电量为+Q，则放电

33、过程中通过安培表的电流方向从右向左，流过的总电量为2QC图丙为电解电容器的实物图和符号，图丁为可变电容器及其符号，两种电容使用时都严格区分正负极D图戊中的电容器上有“5.5V，1.0F”字样，说明该电容器只有两端加上5.5V的电压时电容才为1.0F【考点】AN：电容器与电容菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；533：电容器专题【分析】电容器充电稳定时，极板电压等于电源电动势，极板电量即为电容器的带电量；电解电容器有正负极之分；电容器的电容与极板是否带电无关【解答】解：A、图甲为电容器充电过程，充完电后电容器上极板与电源的正极相连，同时两极板间的电压 U 等于电源的电 动势 E，

34、故A正确；B、图乙为电容器放电过程，若电容器上极板带电量为+Q，则放电过程中通过安培表的电流方向从右向左，且流过的总电量为 Q，故B错误；C、图丙为电解电容器的实物图和符号，图丁为可变电容器及其符号，前者电容器使用时严格区分正负极，后者没有，故C错误；D、图戊中的电容器上有“5.5V1.0F”字样，说明该电容器两端电压最大值为 5.5V，而电容与电容器的电压，及电量均无关，总是为1.0F，故D错误；故选：A。【点评】考查电容器的充电与放电过程，掌握电容器带电量与极板带电量的关系，理解电容的含义，与极板电量，及两端电压无关，同时区别电解电容器与可变电容器的不同9（3分）高大建筑上都有一竖立的避雷

35、针，用以把聚集在云层中的电荷导入大地 在赤道某地两建筑上空，有一团带负电的乌云经过其正上方时，发生放 电现象，如图所示则此过程中地磁场对避雷针的作用力的方向是（）A向东B向南C向西D向北【考点】CC：安培力菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；53C：电磁感应与电路结合【分析】根据负电荷的移动方向可明确电流的方向，再根据左手定则进行分析，从而明确磁场对电流的作用【解答】解：当带有负电的乌云经过避雷针上方时，避雷针开始放电形成瞬间电流，负电电荷从上而下通过避雷针，所以电流的方向为从下而上，磁场的方向从南向北，根据左手定则，安培力的方向向西。故选：C。【点评】左手定则的内容是：伸开左

36、手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向10（3分）同步卫星离地心距离为R，运行速度为v1，加速度为a1，地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2；第一宇宙速度为v2，地球半径为r，则下列比值正确的是（）Aa1a2=RrBa1a2=(Rr)2Cv1v2=rRDv1v2=Rr【考点】4A：向心力；4F：万有引力定律及其应用；4J：同步卫星菁优网版权所有【专题】52A：人造卫星问题【分析】同步卫星的周期与地球的自转周期相同，根据ar2得出同步卫星和随地球自转物体的向心加速度之比

37、，根据万有引力提供向心力得出第一宇宙速度与同步卫星的速度之比【解答】解：因为同步卫星的周期等于地球自转的周期，所以角速度相等，根据ar2得，a1a2=Rr。根据万有引力提供向心力GMmr2=mv2r，解得v=GMr，则v1v2=rR故A正确，B、C、D错误。故选：A。【点评】解决本题的关键知道同步卫星和随地球自转的物体角速度相等，同步卫星以及贴近地球表面运行的卫星靠万有引力提供向心力11（3分）如图所示，荡秋千是小朋友们最喜欢的一项传统游戏，人通过下蹲和站起，使秋千越荡越高。忽略绳的质量，及空气阻力，则（）A在最高点人下蹲时，重力势能转化为动能B在最高点时人和秋千板所受到的合力为零C在最低点秋

38、千板对人的支持力等于人的重力D在摆动过程中人和秋千的机械能总和不变【考点】4A：向心力；6B：功能关系菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；52Q：功能关系 能量守恒定律【分析】当秋千在最高点时，人下蹲重心下降使得摆长变长，使得下摆过程的高度差更大（摆角一样的情况下），下摆过程更多的重力势能转化成动能；而当秋千在最低点时，人起立重心上升使得摆长变短，使得上摆过程的角度更大（高度差一样的情况下），获得比最低点更高的高度差（加上人起立）。【解答】解：A、在最高点时，人下蹲，重力势能降低转化为动能，故A正确；B、在最高点时人和秋千板时，任何秋千板的速度为零，即向心力为零，但沿切向方向合

39、力不为零，向下做加速运动，故B错误；C、在最低点人和秋千板的速度不为零，以人为研究对象，重力和秋千板对人的合力提供向心力，即FN-mg=mv2L，故FNmg，故C错误；D、在最低点时由于人肌肉紧张，消耗化学能转变为重力势能，机械能不守恒，故D错误；故选：A。【点评】本题主要考查曲线运动中的能量问题，注意在最低点时由于人肌肉紧张，消耗化学能转变为重力势能。机械能不守恒。12（3分）如图所示，将一带电小球 A 通过绝缘细线悬挂于O 点现要使细线偏离竖直线 30角，可在 O 点正下方的B点放置带电 量为 q1 的点电荷，且 BA 连线垂直于OA；也可在 O 点正下方C 点放置带电量为 q2 的点电荷

40、，且CA 处于同一水平线上，则q1q2为（）A12B23C31D32【考点】3C：共点力的平衡；A4：库仑定律菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；53E：电荷守恒定律与库仑定律专题【分析】对各自进行受力分析，结合矢量的合成法则与库仑定律，及三角知识，与平衡条件，即可求解【解答】解：对两种情况进行受力分析，如图所示：依据矢量的合成法则，结合三角知识，及平衡条件，则有：Fmgsin30，Fmgtan30，根据库仑定律，则有：F=kQq1lBA2，而F=kQq2lCA2根据三角知识，则有：lBALtna30，lCALsin30，综上所得：q1q2=23，故ACD错误，B正确；故选：B

41、。【点评】考查库仑定律、矢量的合成法则与平衡条件的应用，掌握三角知识，及几何关系的内容，注意绳子的长度相等，是解题的关键13（3分）大气中存在可自由运动的带电粒子，其密度随距地面高度的增加而增大，可以把离地面50km以下的大气看做是具有一定程度漏电的均匀绝缘体（即电阻率较大的物质）；离地面50km以上的大气则可看做是带电粒子密度非常高的良导体，地球本身带负电，其周围空间存在电场。离地面h50km处与地面之间的电势差约为U3.0105V由于电场的作用，地球处于放电状态。但大气中频繁发生雷暴又对地球充电，从而保证了地球周围电场恒定不变（可视为匀强电场），统计表明，雷暴每秒带给地球的平均电荷量约为q

42、1800C，已知地球半径r6400km。下列说法正确的是（）A离地面越近电势越高B大气层的电场强度约为6103 V/mC地球漏电功率约为6107 WD大气电阻率约为21012m【考点】AG：电势差和电场强度的关系；BG：电功、电功率菁优网版权所有【专题】21：信息给予题；32：定量思想；43：推理法；532：电场力与电势的性质专题【分析】地球本身带负电，越靠近负电荷电势越低，故离地面越近电势越低；地球通过地面附近50km的大气层向外漏电，相当于通过一段导体向外放电，该导体的横截面积为地球表面积，长度为大气层的高度h。设每秒闪电的次数为n，每次闪电给地球的电荷量为q，由此可求得大气漏电的电流每秒

43、大气漏电电流平均值。由于地球周围电场恒定不变。故可知每秒失去（漏掉）的电荷和补充的电荷电荷量相同，可由欧姆定律求得大气的漏电电阻，进而由电阻定义式得到大气电阻率。由PIU可得地球漏电的功率。【解答】解：A、地球本身带负电，越靠近负电荷电势越低，故离地面越近电势越低，故A错误；B、如果视为匀强电场，根据E=Ud知E=3.010550103V/m6V/m，故B错误；CD、本题中把50 km厚的漏电均匀绝缘体视为一个导体，其长度为50 km，横截面积为地球的表面积，所加电压为U3.0105 V则由题意得：I=qt=1800AR=UI=3.01051800=5003又由电阻定律R=ls得=4r2RI=

44、21012m，故D正确；地球漏电功率为：PUI31051 800 W5108 W，故C错误。故选：D。【点评】本题重点是对物理模型的建立，将地球地面附近50km的大气层向外漏电，相当于通过一段导体向外放电，该导体的横截面积为地球表面积，长度为大气层的高度h。这样就建立起来我们与我们知识关联的物理模型，就可以解决一些看似陌生的情形。建模能力是物理能力的根本。二、选择题（本题共3小题，每小题2分，共6分每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）14（2分）下列说法错误的是（）A原子核的结合能是组成原子核的所有核子的能量总和B在所有核反应

45、中，都遵从“质量数守恒，核电荷数守恒”的规律C在天然放射现象中放出的射线就是电子流，该电子是原子的内层电子受激后辐射出来的D镭226衰变为氡222的半衰期为1620年，也就是说，100个镭226核经过1620年后一定还剩下50个镭226没有发生衰变【考点】JA：原子核衰变及半衰期、衰变速度；JE：原子核的结合能菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；54O：衰变和半衰期专题【分析】所有核反应中，质量数守恒，核电荷数守恒；原子核结合能是质量亏损以能量形式释放，衰变是内部中子转化为质子时同时生成电子，半衰期是统计规律。【解答】解：A、原子核的结合能是核反应前后有质量亏损，以能量的形式释放出来，并不是组成原子核的所有核子的能量总和，故A错误；B、在所有核反应中，都遵从“质量数守恒，核电荷数守恒”的规律，故B正确；C、衰变中生成的电子是一个中子转化为一个质子同时生成一个电子，故C错误；D、半衰期是统计规律，对少量原子核来讲是没有意义的，故D错误。本题选择错误的故选：ACD。【点评】本题考查的知识点较多，难度不大，在平时学习中要注意