广东省五校（华附省实深中广雅六中）2022-2023学年高二上学期期末联考数学试题含解析.docx

《广东省五校（华附省实深中广雅六中）2022-2023学年高二上学期期末联考数学试题含解析.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广东省五校（华附省实深中广雅六中）2022-2023学年高二上学期期末联考数学试题含解析.docx（34页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2022学年上学期高二期末限时训练试卷数学命题学校：广东实验中学 命题人：本试卷分选择题和非选择题两部分，共4页，满分150分，考试用时120分钟.注意事项：1.开考前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自已的校名、姓名、班级、考号等相关信息填写在答题卡指定区域内.2.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案；不能答在试卷上.3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液.不按以上要求作答的答案无效.4.考生必须

2、保持答题卡的整洁.第一部分 选择题(共60分)一、单项选择题(本大题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1 集合，则( )A. B. C. D. 2. 某地天气预报中说未来三天中该地下雪的概率均为0.6，为了用随机模拟的方法估计未来三天中恰有两天下雪的概率，用计算机产生15之间的随机整数，当出现随机数1，2或3时，表示该天下雪，其概率为0.6，每3个随机数一组，表示一次模拟的结果，共产生了如下的20组随机数：522553135354313531423521541142125323345131332515324132255325则据此估计该地未来三

3、天中恰有两天下雪的概率为( )A. B. C. D. 3. 设复数满足，则在复平面上对应的图形是( )A. 两条直线B. 椭圆C. 圆D. 双曲线4. 已知数列是等差数列，且，将去掉一项后，剩下三项依次为等比数列的前三项，则( )A. B. C. D. 5. 圆内接四边形中，是圆的直径，则( )A. 12B. C. 20D. 6. 已知数列为等差数列，若，且数列的前项和有最大值，那么取得最小正值时为( )A. 11B. 12C. 7D. 67. 已知过椭圆左焦点的直线与椭圆交于不同的两点，与轴交于点，点，是线段的三等分点，则该椭圆的标准方程是( )A. B. C. D. 8. 定义在的函数满足

4、：对，且，成立，且，则不等式的解集为( )A. B. C. D. 二、多项选择题(本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的，全部选对的得5分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)9. 已知双曲线(，)的右焦点为，在线段上存在一点，使得到渐近线的距离为，则双曲线离心率的值可以为( )A. B. 2C. D. 10. 已知正实数，满足，下列说法正确的是( )A. 的最大值为2B. 的最小值为4C. 的最小值为D. 的最小值为11. 已知正方体的边长为2，为正方体内(包括边界)上的一点，且满足，则下列说正确的有( )A. 若为面内一点，则点的轨迹长度为

5、B. 过作面使得，若，则的轨迹为椭圆的一部分C. 若，分别为，的中点，面，则的轨迹为双曲线的一部分D. 若，分别为，的中点，与面所成角为，则的范围为12. 已知函数，则( )A. 函数为偶函数B. 函数为奇函数C. 函数为奇函数D. 为函数函数图像的对称轴第二部分 非选择题(共90分)三、填空题(本大题共4小题，每小题5分，共20分)13. 已知首项为2的数列对满足，则数列的通项公式_.14. 已知直线的方向向量为，点在直线上，则点到直线的距离为_.15. 函数(，)的部分图象如图所示，直线()与这部分图象相交于三个点，横坐标从左到右分别为，则_.16. 已知实数x、y满足，则的取值范围是_四

6、、解答题(本题共6小题，共70分.解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤)17. 在数列中，点在直线x-y+3=0上.(1)求数列的通项公式；(2)为等比数列，且，记为数列的前n项和，求.18. 数学家欧拉在1765年提出；三角形的外心，重心，垂心依次位于同一直线上，且重心到外心的距离是重心到垂心距离的一半，这条直线被后人称之为三角形的欧拉线.若的顶点A(2,0)，B(0,4)，且的欧拉线的方程为，记外接圆圆心记为M. 求：(1)圆M的方程；(2)已知圆N：，过圆M和圆N外一点P分别作两圆的切线，与圆M切于点A，与圆N切于点B，且，求P点的轨迹方程.19. 已知平面内一动点到定点的距离

7、比它到轴的距离多1.(1)求点的轨迹方程；(2)过点作直线与曲线交于(点在点左侧)，求的最小值.20. 已知正项数列满足，且，设.(1)求证：数列为等比数列并求的通项公式；(2)设数列的前项和为，求数列的前项和.21. 已知四棱锥中，面面，.(1)求证：；(2)求面与面所成的二面角的余弦值.22. 换元法在数学中应用较为广泛，其目在于把不容易解决的问题转化为数学情景.例如，已知，求的最小值.其求解过程可以是：设，其中，则；当时取得最小值16，这种换元方法称为“对称换元”.已知平面内一动点到两个定点，的距离之和为4.(1)请利用上述方法，求点的轨迹方程；(2)过轨迹与轴负半轴交点作斜率为的直线交

8、轨迹于另一点，连接并延长交于点，若，求的值.2022学年上学期高二期末限时训练试卷数学命题学校：广东实验中学 命题人：本试卷分选择题和非选择题两部分，共4页，满分150分，考试用时120分钟.注意事项：1.开考前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自已的校名、姓名、班级、考号等相关信息填写在答题卡指定区域内.2.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案；不能答在试卷上.3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改

9、液.不按以上要求作答的答案无效.4.考生必须保持答题卡的整洁.第一部分 选择题(共60分)一、单项选择题(本大题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1. 集合，则( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据三角函数的性质求出集合,再解一元二次不等式求出集合，即可求解.【详解】由得解得或，所以或，又由解得，所以，所以，故选:D.2. 某地天气预报中说未来三天中该地下雪的概率均为0.6，为了用随机模拟的方法估计未来三天中恰有两天下雪的概率，用计算机产生15之间的随机整数，当出现随机数1，2或3时，表示该天下雪，其概率为0.6，每3个随

10、机数一组，表示一次模拟的结果，共产生了如下的20组随机数：522553135354313531423521541142125323345131332515324132255325则据此估计该地未来三天中恰有两天下雪的概率为( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据条件找出三天中恰有两天下雪的随机数，再按照古典概型求概率.【详解】20组数据中，其中522,135,531,423,521,142,125,324,325表示三天中恰有2天下雪，共有9组随机数，所以.故选：B3. 设复数满足，则在复平面上对应的图形是( )A. 两条直线B. 椭圆C. 圆D. 双曲线【答案】A【解析】

11、【分析】设，根据模长相等列出方程，得到在复平面上对应的图形是两条直线.【详解】设，则，可得：，化简得：，即或，则在复平面上对应的图形是两条直线.故选：A4. 已知数列是等差数列，且，将去掉一项后，剩下三项依次为等比数列的前三项，则( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据给定条件，利用等差数列性质求出公差及通项公式，再确定等比数列的前三项作答.【详解】在等差数列中，解得，而，即有公差，等差数列的通项，则，显然去掉，成等比数列，则数列的首项为，公比，所以.故选：C5. 圆内接四边形中，是圆的直径，则( )A. 12B. C. 20D. 【答案】B【解析】【分析】根据圆内接四边形

12、的性质及数量积的定义即求.【详解】由题知，.故选：B.6. 已知数列为等差数列，若，且数列的前项和有最大值，那么取得最小正值时为( )A. 11B. 12C. 7D. 6【答案】A【解析】【分析】根据已知条件，判断出，的符号，再根据等差数列前项和的计算公式，即可求得.【详解】因为等差数列的前项和有最大值，故可得，因为，故可得，即，所以，可得，又因为，故可得，所以数列的前6项和有最大值，且， 又因为，故取得最小正值时n等于.故选：A.7. 已知过椭圆的左焦点的直线与椭圆交于不同的两点，与轴交于点，点，是线段的三等分点，则该椭圆的标准方程是( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】不

13、妨设在第一象限，由椭圆的左焦点，点，是线段的三等分点，易得，代入椭圆方程可得，又，两式相结合即可求解【详解】不妨设在第一象限，由椭圆的左焦点，点，是线段的三等分点，则为的中点，为中点，所以，所以，则即，所以，将点坐标代入椭圆方程得，即，又，所以，所以椭圆的标准方程是.故选：B8. 定义在的函数满足：对，且，成立，且，则不等式的解集为( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】构造函数，讨论单调性，利用单调性解不等式.【详解】由且，则两边同时除以可得，令，则在单调递增，由得且，即解得，故选：D.二、多项选择题(本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项是

14、符合题目要求的，全部选对的得5分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)9. 已知双曲线(，)的右焦点为，在线段上存在一点，使得到渐近线的距离为，则双曲线离心率的值可以为( )A. B. 2C. D. 【答案】AB【解析】【分析】写出双曲线的渐近线方程，利用点到直线距离列出不等式，得到，判断出AB正确.【详解】的一条渐近线方程为，设，整理得：，因为，所以，即，解得：，因为，所以AB正确，CD错误.故选：AB10. 已知正实数，满足，下列说法正确是( )A. 的最大值为2B. 的最小值为4C. 的最小值为D. 的最小值为【答案】BCD【解析】【分析】利用基本不等式和解一元二次不等式可判断A,B,将

15、代入，化简，利用基本不等式求解可判断C，利用基本不等式“1”的妙用可判断D.【详解】对于A,因为，即，解得，又因为正实数，所以，则有，当且仅当时取得等号，故A错误；对于B，即，解得(舍)，当且仅当时取得等号，故B正确；对于C,由题可得所以，解得，当且仅当即时取得等号，故C正确；对于D,，当且仅当时取得等号，故D正确，故选:BCD.11. 已知正方体的边长为2，为正方体内(包括边界)上的一点，且满足，则下列说正确的有( )A. 若为面内一点，则点的轨迹长度为B. 过作面使得，若，则的轨迹为椭圆的一部分C. 若，分别为，的中点，面，则的轨迹为双曲线的一部分D. 若，分别为，的中点，与面所成角为，则

16、的范围为【答案】ABD【解析】【分析】对于A项，转化为，得到的轨迹再求解.对于BC项，根据平面截圆锥所得的曲线的四种情况解决.对于D项，建立空间直角坐标系解决.【详解】对于A项，正方体中，平面，若为面内一点，所以.又因为，所以，在中，所以故点的轨迹是以为圆心为半径的个圆弧，所以点的轨迹长度为故A正确.对于B项，因为，即为定值，线段也为定值，取的中点，故点的轨迹是以为轴线，为母线的圆锥的侧面上的点.设平面即为下图的圆面，过点作的平行线交圆锥底面于点，交于点，从图形可得，易得，故的轨迹为椭圆的一部分，所以B正确.对于C项,平面与轴线所成的角即为平面与所成的角，是平面与轴线所成的角，在中，而母线与轴

17、线所成的角为，在中，即母线与轴线所成的角与截面与轴线所成的角，所以点的轨迹应为抛物线，故C不正确.对于D项,以为原点，分别为轴的非负半轴建立如图所示的坐标系，连接并延长交上底面于点，设，则，则，设面的法向量为所以所以与面所成角的正弦值为又因为所以，故D正确.故选：ABD【点睛】用平面去截圆锥所得的曲线可能为，圆、椭圆、抛物线、双曲线.截面与圆锥轴线成角等于轴线与母线所成的角，截面曲线为抛物线；截面与圆锥轴线成角大于轴线与母线所成的角，截面曲线为椭圆；截面与圆锥轴线成角小于轴线与母线所成的角，截面曲线为双曲线；截面与轴线垂直得到截面曲线为圆.12. 已知函数，则( )A. 函数为偶函数B. 函数

18、为奇函数C. 函数为奇函数D. 为函数函数图像的对称轴【答案】CD【解析】【分析】根据函数的的奇偶性定义可判断A,B,C，根据对称轴的性质判断D.【详解】对于A，定义域为，所以函数为非奇非偶函数，故A错误；对于B, 定义域为，所以函数为非奇非偶函数，故B错误；对于C, ，定义域为，设，所以函数为奇函数，故C正确；对于D,设定义域为，所以为函数函数图像对称轴，故D正确，故选:CD.第二部分 非选择题(共90分)三、填空题(本大题共4小题，每小题5分，共20分)13. 已知首项为2的数列对满足，则数列的通项公式_.【答案】【解析】【分析】构造，得到是等比数列，求出通项公式，进而得到.【详解】设，即

19、，故，解得：，故变形为，故是首项为4的等比数列，公比为3，则，所以，故答案为：14. 已知直线的方向向量为，点在直线上，则点到直线的距离为_.【答案】【解析】【分析】求出与直线的方向向量的夹角的余弦，转化为正弦后可得点到直线的距离【详解】，所以，点到的距离为故答案为：15. 函数(，)的部分图象如图所示，直线()与这部分图象相交于三个点，横坐标从左到右分别为，则_.【答案】【解析】【分析】由图象求得参数，由交点及余弦函数的对称性结合即可求值【详解】由图可知，即，则，解得，故.则，最小正周期为.直线()与这部分图象相交于三个点，横坐标从左到右分别为，则由图可知，.故答案为：16. 已知实数x、y

20、满足，则的取值范围是_【答案】.【解析】【分析】讨论得到其图象是椭圆，双曲线的一部分组成图形，根据图象可得的取值范围，进而可得的取值范围.【详解】因为实数满足，当时，方程为的图象为双曲线在第一象限的部分；当时，方程为的图象为椭圆在第四象限的部分；当时，方程为的图象不存在；当时，方程为的图象为双曲线在第三象限的部分；在同一坐标系中作出函数的图象如图所示，表示点到直线的距离的倍根据双曲线的方程可得，两条双曲线的渐近线均为，令，即，与双曲线渐近线平行，观察图象可得，当过点且斜率为的直线与椭圆相切时，点到直线的距离最大，即当直线与椭圆相切时，最大，联立方程组，得，解得，又因为椭圆的图象只有第四象限的部

21、分，所以，又直线与的距离为，故曲线上的点到直线的距离大于1，所以综上所述，所以，即，故答案为：.四、解答题(本题共6小题，共70分.解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤)17. 在数列中，点在直线x-y+3=0上.(1)求数列的通项公式；(2)为等比数列，且，记为数列的前n项和，求.【答案】(1) (2).【解析】【分析】(1)由条件根据等差数列定义证明数列为等差数列，结合等差数列通项公式求其通项；(2)由条件求数列的首项和公比，根据等比数列求和公式求.【小问1详解】因为点在直线上，所以，即，所以数列是以为公差的等差数列， 因为，所以，故，所以；【小问2详解】设数列的公比为，由(1)

22、知，所以，所以，所以. ,18. 数学家欧拉在1765年提出；三角形的外心，重心，垂心依次位于同一直线上，且重心到外心的距离是重心到垂心距离的一半，这条直线被后人称之为三角形的欧拉线.若的顶点A(2,0)，B(0,4)，且的欧拉线的方程为，记外接圆圆心记为M. 求：(1)圆M的方程；(2)已知圆N：，过圆M和圆N外一点P分别作两圆的切线，与圆M切于点A，与圆N切于点B，且，求P点的轨迹方程.【答案】(1) (2)【解析】【分析】(1)由A(2,0)，B(0,4)，可知AB的中垂线方程为，将其与欧拉线联立，可得外心坐标，后可得外接圆M的方程；(2)设，由题有，后可得答案.【小问1详解】因，则AB

23、的中点为，又，则AB的中垂线方程为，将其与欧拉线方程联立有，解得，故的外心为，则外接圆半径为，故圆M的方程为.【小问2详解】设，由题有，.因，则.化简得：所以点的轨迹方程为：.19. 已知平面内一动点到定点的距离比它到轴的距离多1.(1)求点的轨迹方程；(2)过点作直线与曲线交于(点在点左侧)，求的最小值.【答案】(1)或. (2)20【解析】【分析】(1)设，得即可解决；(2)设直线为，联立方程，结合韦达定理得，由基本不等式解决即可.【小问1详解】由题知，动点到定点的距离比它到轴的距离多1，设，所以，当时，化简得，当时，化简得，所以点的轨迹方程为，或.【小问2详解】由题得，过点作直线与曲线交

24、于(点在点左侧)，所以由(1)得，设直线为，将代入中得，所以，即，即，所以当且仅当，即时，取等号，所以所以的最小值为20.20. 已知正项数列满足，且，设.(1)求证：数列为等比数列并求的通项公式；(2)设数列的前项和为，求数列的前项和.【答案】(1) (2)【解析】【分析】(1)利用化简可得数列是以为公比为首项的等比数列，求出可得，再利用累乘法求通项公式可得答案；(2)求出利用裂项相消求和可得答案.【小问1详解】因为，所以，因为，所以，所以，且，所以数列是以为公比，为首项的等比数列，即，即，可得，所以时，即，而此时时，所以；【小问2详解】由(1)，所以，所以，所以.21. 已知四棱锥中，面面

25、，.(1)求证：；(2)求面与面所成的二面角的余弦值.【答案】(1)见解析 (2)0【解析】【分析】(1)根据勾股定理得，面面垂直性质定理得面，得，可得平面，即可解决；(2)建立以为原点，分别以的方向为轴，轴，轴正方向得空间直角坐标系，空间向量法解决二面角的余弦值即可.【小问1详解】由题知，面面，.过作，过作，即，连接交于，因为，所以四边形为平行四边形，所以，因为在中，,所以,所以，因为，所以所以，因为，所以,因为，所以在中，,即，又因为，平面平面且交于，所以面，因为面，所以，因为平面，所以平面,因为平面，所以.【小问2详解】由(1)得，面，平面，作,所以面，所以，所以建立以为原点，分别以的方

26、向为轴，轴，轴正方向得空间直角坐标系，因为，所以,所以,设面与面的法向量分别为，所以，即，令，得，即，令，得，设面与面所成的二面角为，所以面与面所成的二面角的余弦值为.所以面与面所成二面角的余弦值为0.22. 换元法在数学中应用较为广泛，其目的在于把不容易解决的问题转化为数学情景.例如，已知，求的最小值.其求解过程可以是：设，其中，则；当时取得最小值16，这种换元方法称为“对称换元”.已知平面内一动点到两个定点，的距离之和为4.(1)请利用上述方法，求点的轨迹方程；(2)过轨迹与轴负半轴交点作斜率为的直线交轨迹于另一点，连接并延长交于点，若，求的值.【答案】(1) (2)【解析】【分析】(1)根据椭圆定义解决即可；(2)设直线为，直线为，联立方程解得，得，得，联立，得，由点在椭圆上即可解决.小问1详解】由题知，平面内一动点到两个定点，的距离之和为4，满足椭圆的定义，即点的轨迹为焦点在轴上的椭圆，所以，所以，所以点的轨迹方程为，【小问2详解】由(1)得，因为与轴负半轴交点作斜率为的直线交轨迹于另一点，连接并延长交于点，所以，设直线为，直线为，联立，消去得，所以，即，所以，所以，所以，所以，联立，解得，即因为点在椭圆上，所以，化简得，解得或(舍去)，所以，所以的值为.