江苏省苏州市2022-2023学年高二上学期期中数学试题（含解析）.docx

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1、江苏省苏州市2022-2023学年高二上学期期中数学试题（含解析）20222023学年第一学期高二期中调研试卷数学注意事项学生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求：1本卷共6页，包含单项选择题(第1题第8题)、多项选择题(第9题第12题)、填空题(第13题第16题)、解答题(第17题第22题)本卷满分150分，答题时间为120分钟答题结束后，请将答题卡交回2答题前，请您务必将自己的姓名、调研序列号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在答题卡的规定位置3请在答题卡上按照顺序在对应的答题区域内作答，在其他位置作答一律无效作答必须用0.5毫米黑色墨水的签字笔请注意字体工整，笔迹清楚4请保持答题卡卡

2、面清洁，不要折叠、破损一律不准使用胶带纸、修正液、可擦洗的圆珠笔一、单项选择题：本大题共8小题，每小题5分，共计40分每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的请把正确的选项填涂在答题卡相应的位置上1. 直线的倾斜角为( )A. 不存在B. C. 0D. 2. 等比数列中，则( )A. B. C. D. 3. 直线与线段没有公共点，其中，则实数的取值范围是( )A. B. C. D. 4. 已知等差数列公差，数列为正项等比数列，已知，则下列结论中正确的是( )A. B. C. D. 5. 已知四点共圆，则实数的值为( )A. B. C. D. 6. 为等差数列前项和，若，则使的的最大值为(

3、)A. B. C. D. 7. 直线按向量平移后得直线，设直线与之间的距离为，则的范围是( )A. B. C. D. 8. 已知数列前项和满足：，数列前项和满足：，记，则使得值不超过2022的项的个数为( )A. 8B. 9C. 10D. 11二、多项选择题：本大题共4小题，每小题5分，共计20分每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得5分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分请把正确的选项填涂在答题卡相应的位置上9. 下述四个结论,正确的是( )A. 过点在轴,轴上截距都相等的直线方程为B. 直线与圆相交的充分不必要条件是C. 直线表示过点的所有直线D. 过点与圆相切的直

4、线方程为10. 对于数列，设其前项和，则下列命题正确的是( )A. 若数列为等比数列，成等差，则也成等差B. 若数列等比数列，则C. 若数列为等差数列，且，则使得最小的值为13D. 若数列为等差数列，且，则中任意三项均不能构成等比数列11. 设直线与圆交于两点，定点，则的形状可能为( )A 钝角三角形B. 直角三角形C. 正三角形D. 等腰直角三角形12. 古希腊毕达哥拉斯学派的数学家用沙粒和小石子来研究数，他们根据沙粒或小石子所排列的形状，把数分成许多类，如图中第一行图形中黑色小点个数：1，3，6，10，称为三角形数，第二行图形中黑色小点个数：1，4，9，16，称为正方形数，记三角形数构成数

5、列，正方形数构成数列，则下列说法正确的是( )A. B. 1225既是三角形数，又是正方形数C. D. ，总存在，使得成立三、填空题：本大题共4小题，每小题5分，若两个空，第一个空2分，第二个空3分，共计20分请把答案填写在答题卡相应位置上13. 已知点在直线上，点，则取得最小值时点坐标为_14. 已知正项等比数列满足：，若存在两项、使得，则的最小值为_.15. 曲线所围成图形面积为_16. 在平面直角坐标系中，为直线上的点，以为直径的(圆心为)与直线交于另一点，若为等腰三角形，则点的横坐标为_；若与相交于、两点，则公共弦长度最小值为_四、解答题：本大题共6小题，共计70分请在答题卡指定区域内

6、作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤17. 已知两直线l1：mx8yn0和l2：2xmy10，试确定m，n值，使：(1)l1与l2相交于点P(m，1)；(2)l1l2；(3)l1l2，且l1在y轴上的截距为1.18. 已知等差数列前项和为，且满足(1)求值；(2)设为的等比中项，数列是以为前三项的等比数列，试求数列的通项及前项和的表达式19. 已知点，过点斜率为的直线交圆于两点(1)当面积最大时，求直线方程；(2)若，在(1)条件下，设点为圆上任意一点，试问在平面内是否存在定点，使得成立，若存在，求出该定点坐标，若不存在，请说明理由20. 设正项数列前项和为，从条件：，任选一个，补充

7、在下面横线上，并解答下面问题已知正项数列前项和为，且满足 (1)求；(2)令，记数列前项和为，若对任意的，均有恒成立，求实数的取值范围21. 已知圆，过点的直线与圆相交于，两点，且，圆是以线段为直径的圆(1)求圆的方程；(2)设，圆是的内切圆，试求面积的取值范围22. 已知正项数列满足(1)求数列的通项公式；(2)求证：20222023学年第一学期高二期中调研试卷数学注意事项学生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求：1本卷共6页，包含单项选择题(第1题第8题)、多项选择题(第9题第12题)、填空题(第13题第16题)、解答题(第17题第22题)本卷满分150分，答题时间为120分钟答题结

8、束后，请将答题卡交回2答题前，请您务必将自己的姓名、调研序列号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在答题卡的规定位置3请在答题卡上按照顺序在对应的答题区域内作答，在其他位置作答一律无效作答必须用0.5毫米黑色墨水的签字笔请注意字体工整，笔迹清楚4请保持答题卡卡面清洁，不要折叠、破损一律不准使用胶带纸、修正液、可擦洗的圆珠笔一、单项选择题：本大题共8小题，每小题5分，共计40分每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的请把正确的选项填涂在答题卡相应的位置上1. 直线的倾斜角为( )A. 不存在B. C. 0D. 【答案】B【解析】【分析】根据题意直线与x轴垂直可得答案【详解】根据题意，直线与x轴垂

9、直，其倾斜角为， 故选：B2. 等比数列中，则( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】设公比为，依题意，从而求出，再根据通项公式计算可得.【详解】解：设公比为，因为、，所以，解得，所以.故选：C3. 直线与线段没有公共点，其中，则实数的取值范围是( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】数形结合即可求得的取值范围.【详解】直线化为，由题可知，当直线经过点时，解得，当直线经过点时，解得，若直线与线段没有公共点，则有或，即.故选：A4. 已知等差数列公差，数列为正项等比数列，已知，则下列结论中正确的是( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】设等差数列的

10、公差为，等比数列的公比为，根据题意可知，由得，设，则，利用一次函数和指数函数的性质，结合图形，可得时；时；时，依次判断选项即可.【详解】设等差数列的公差为，等比数列的公比为()，若，则，得，解得，不符合题意；所以，得，又，令，得，即，设，则且，所以式变为，由题意，知和是方程的两个解，令，且，则一次函数与指数函数图象至少有2个交点，作出两个函数图象，如图， 当函数与单调递增或递减时，才会有2个解，且无论哪种情况，都有时，；时，；时，；所以，即，.故选：C.5. 已知四点共圆，则实数的值为( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】先由三点求出圆的方程，再把代入方程即可求解【详解】设过

11、四点的圆的方程为，将代入可得：，解得，所以圆的方程为，将代入圆的方程得，解得，故选：D6. 为等差数列前项和，若，则使的的最大值为( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据可得，表示出和，解不等式即可.【详解】由，可得，而，所以，可转化为，即，即，解得，而，所以的最大值为11.故选：C7. 直线按向量平移后得直线，设直线与之间的距离为，则的范围是( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据直线的方向向量与的位置关系考虑.【详解】当直线的方向向量与共线时，这时候直线与重合，距离为最短，；当直线的方向向量与垂直时，这时候直线与平行且距离为最长，.故选：B.8. 已

12、知数列前项和满足：，数列前项和满足：，记，则使得值不超过2022的项的个数为( )A. 8B. 9C. 10D. 11【答案】C【解析】【分析】根据数列前项和与的关系，可得；同理前项和与的关系可得，则可得，判断其单调性，即可求得使得值不超过2022的项的个数.【详解】解：因为，当时，当时，则符合上式，所以；又，当时，所以，当时，则，所以是以为首项，公比的等比数列，所以，则所以，即，又递增，递增，所以递增又，所以故使得值不超过2022的项的个数为10.故选：C.二、多项选择题：本大题共4小题，每小题5分，共计20分每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得5分，选对但不全的得2分

13、，选错或不答的得0分请把正确的选项填涂在答题卡相应的位置上9. 下述四个结论,正确是( )A. 过点在轴,轴上截距都相等的直线方程为B. 直线与圆相交的充分不必要条件是C. 直线表示过点的所有直线D. 过点与圆相切的直线方程为【答案】BD【解析】【分析】对于A,没有考虑截距均为0的情况,排除A;对于B,根据圆心到直线的距离与半径的大小比较进行求解即可;对于C,利用反例即可排除;对于D,设出过直线方程,再根据圆心到直线的距离等于半径即可求出结果.【详解】对于A,没有考虑截距均为0的情况,排除A;对于B,若直线与圆相交,则,解得,是直线与圆相交的充分不必要条件,故B正确.对于C,点在轴上,但无论取

14、何值,不能表示轴,故C不正确.对于D,设过的直线方程为,即,即,解得,过的直线方程为,故D正确.故选:BD.10. 对于数列，设其前项和，则下列命题正确的是( )A. 若数列为等比数列，成等差，则也成等差B. 若数列为等比数列，则C. 若数列为等差数列，且，则使得的最小的值为13D. 若数列为等差数列，且，则中任意三项均不能构成等比数列【答案】AD【解析】【分析】根据等比数列的通项与前项和公式判断A，B的正误；根据等差数列的通项与前项和公式判断C，D的正误即可.【详解】解：对于A，若数列为等比数列，成等差，则，若公比，则，故，所以可得，整理得，由于，所以，所以，即，故也成等差，故A正确；对于B

15、，若数列为等比数列，若公比时，；若公比时，则，所以，故B不正确；对于C，若数列为等差数列，公差为，由，得，即，则，所以，得，又，则，故C不正确；对于D，若数列为等差数列，且，则公差，所以，假设等差数列中的三项构成等比数列，且互不相等，则，所以，所以，因为，则，其中，则，得，这与互不相等矛盾，故假设不成立，则中任意三项均不能构成等比数列，故D正确.故选：AD.11. 设直线与圆交于两点，定点，则的形状可能为( )A. 钝角三角形B. 直角三角形C. 正三角形D. 等腰直角三角形【答案】AB【解析】【分析】由已知可得直线过定点，且直线斜率，分别分析为特殊三角形所需满足的几何关系即可判断.【详解】解

16、：直线，整理为，当得，所以直线过定点，且点在圆上，且圆心，半径，直线，即，其斜率，因为，故则当直线过圆心，则线段为圆的直径，则此时是以为直角顶点的直角三角形，此时直线斜率，解得，故B可能；由知，当直线过圆心时，为直角三角形，故当时，整理得，不等式有解，即直线在直线下方时，是以为钝角顶点的顿角三角形，故A可能；若为正三角形，则直线与直线垂直，又，则有，整理得，方程无实根，故不存在这样的直线使得为正三角形，故C不可能；若为等腰直角三角形，则必有一边为圆的直径，若线段为圆的直径，则直线斜率，又得满足直线与直线垂直，所以，两直线不垂直，故不是以为斜边的等要直角三角形；若线段或为直径，还是得满足直线与垂

17、直，故不是以或为斜边的等要直角三角形，故D不可能.故选：AB.12. 古希腊毕达哥拉斯学派的数学家用沙粒和小石子来研究数，他们根据沙粒或小石子所排列的形状，把数分成许多类，如图中第一行图形中黑色小点个数：1，3，6，10，称为三角形数，第二行图形中黑色小点个数：1，4，9，16，称为正方形数，记三角形数构成数列，正方形数构成数列，则下列说法正确的是( )A. B. 1225既是三角形数，又是正方形数C. D. ，总存在，使得成立【答案】BCD【解析】【分析】利用累加法，分别求出，进而分别利用裂项求和法、放缩法，逐个选项进行判断即可得到答案.【详解】三角形数构成数列：1，3，6，10，则有，利用

18、累加法，得，得到；n=1成立正方形数构成数列：1，4，9，16，则有，利用累加法，得，得到,n=1成立对于A，利用裂项求和法：，故A错误；对于B，令，解得；令，解得；故B正确；对于C，则，整理得，故C正确；对于D，取，且，则令，则有，故，总存在，使得成立，故D正确；故选：BCD三、填空题：本大题共4小题，每小题5分，若两个空，第一个空2分，第二个空3分，共计20分请把答案填写在答题卡相应位置上13. 已知点在直线上，点，则取得最小值时点坐标为_【答案】【解析】【分析】作图分析，结合对称性将转化为，则点与在同一直线时，最小，求得此时点坐标即可.【详解】解：如图，设关于直线的对称点为，因为所以，解

19、得，则所以，结合图形则当三点共线时，此时取得最小值，即在点位置时，则，直线为于是，解得，即，故取得最小值时点坐标为.故答案为：.14. 已知正项等比数列满足：，若存在两项、使得，则的最小值为_.【答案】【解析】【分析】由条件先求出公比，由等比数列通项公式得出满足的关系，然后由基本不等式得最值【详解】设等比数列的公比为，由得，解得(舍去)，由得，所以，当且仅当，即时等号成立所以的最小值是故答案为：15. 曲线所围成图形面积为_【答案】【解析】【分析】分情况去掉绝对值，从而可作出曲线的图像，进而求得面积.【详解】分四种情况讨论：当时，方程可化为：，表示圆心为，半径为的圆；当时，方程可化为：，表示圆

20、心为，半径为的圆；当时，方程可化为：，表示圆心为，半径为的圆；当时，方程可化为：，表示圆心为，半径为的圆.作出图像如下图所示：由图可知：曲线所围成图形为四个半圆和一个正方形所组成的区域，正方形边长和圆的直径相等，所以.故答案为：.16. 在平面直角坐标系中，为直线上的点，以为直径的(圆心为)与直线交于另一点，若为等腰三角形，则点的横坐标为_；若与相交于、两点，则公共弦长度最小值为_【答案】 . 或 . 【解析】【分析】根据直径所对圆周角为直角得到为等腰直角三角形，求出过点且与直线垂直的直线，两直线的交点即为点坐标，再求出，依题意，设，即可得到方程，解得点的横坐标，再设，即可表示出圆的方程，两圆

21、方程作差得到公共弦方程，求出公共弦过定点，再由弦长公式求出公共弦的最小值.【详解】解：依题意为直径，所以，又为等腰三角形，所以为等腰直角三角形，过点与直线垂直的直线方程为，由，解得，即，又，则，设，所以，解得或，设，则、的中点，所以圆的方程为，又，所以公共弦的方程为，即，即，令，解得，即直线恒过定点，的圆心，半径，所以，所以公共弦的最小值为；故答案为：或；四、解答题：本大题共6小题，共计70分请在答题卡指定区域内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤17. 已知两直线l1：mx8yn0和l2：2xmy10，试确定m，n的值，使：(1)l1与l2相交于点P(m，1)；(2)l1l2；(3

22、)l1l2，且l1在y轴上的截距为1.【答案】(1)m1，n7；(2)m4，n2或m4，n2；(3)m0，n8【解析】【详解】(1)根据点P分别在直线l1和直线l2上，代入这两条直线方程，解方程组即可求得m,n.(2)由 l1l2可得mm820得m4,然后分别代入检验排除掉两直线重合的情况(3)由l1l2可知m28m0，从而求得m,然后再根据l1在y轴上的截距求得n.解：(1)m28n0且2mm10，m1，n7.(2)由mm820得m4.由8(1)nm0得即m4，n2时或m4，n2时，l1l2.(3)当且仅当m28m0，即m0时，l1l2，又1，n8.故当m0且n8时满足条件18. 已知等差数

23、列前项和为，且满足(1)求的值；(2)设为的等比中项，数列是以为前三项的等比数列，试求数列的通项及前项和的表达式【答案】(1)16； (2)答案见解析.【解析】【分析】(1)由等差数列通项公式和前项和公式列方程组即可求得首项和公差，进而得解；(2)由为的等比中项可求得，分两种情况即可求解.【小问1详解】设等差数列首项为，公差为，则，解得，所以，所以.【小问2详解】由(1)可知，因是等比中项，所以有，即，当时，数列是前三项依次为的等比数列，其首项为，公比为，故有， 当时，数列是前三项依次为的等比数列，其首项为，公比为，故有，.19. 已知点，过点斜率为的直线交圆于两点(1)当面积最大时，求直线方

24、程；(2)若，在(1)条件下，设点为圆上任意一点，试问在平面内是否存在定点，使得成立，若存在，求出该定点坐标，若不存在，请说明理由【答案】(1)或 (2)不存在，理由见解析【解析】【分析】(1)直线，当时，取到最大值，利用点到直线的距离公式计算得到答案.(2)假设存在定点使得成立，利用两点间距离公式结合圆方程得到方程组，根据方程组无解得到不存在定点.【小问1详解】直线，当时，取到最大值， 此时到直线的距离为，即，解得，故直线或.【小问2详解】因为，所以，此时，设是上任意一点，则有，假设存在定点使得成立，即， 化简整理得，又，代入整理得对任意是上任意一点恒成立， 所以有此方程组无解，故不存在定点

25、使得成立.20. 设正项数列前项和为，从条件：，任选一个，补充在下面横线上，并解答下面问题已知正项数列前项和为，且满足 (1)求；(2)令，记数列前项和为，若对任意的，均有恒成立，求实数的取值范围【答案】(1) (2)【解析】【分析】(1)选，令可求得的值，令，由，可得，两式作差可得出表达式，综合可得出数列的通项公式，进而可求得；选，令可求得的值，令，由可得，两式作差可推导出数列为等差数列，确定该数列的首项和公差，可求得数列的通项公式，进而可求得；选，当且时，由可得，两式作差可推导出数列和数列均为等差数列，且公差均为，求出数列和数列的通项公式，可得出数列的通项公式，进而可求得；(2)求得，利用

26、错位相减法可求得，利用参变量分离法可知，若对任意的，均有成立，令，分析数列的单调性，求出该数列最大项的值，可得出实数的取值范围.【小问1详解】解：若选，对任意的，当时，可得；当且时，由，可得，上述两个等式作差可得，所以，也满足，故对任意的，因为，则数列为等差数列，所以，；若选，对任意的，.当时，则有，则，解得；当且时，由可得，上述两个等式作差可得，即，对任意的，所以，当且时，故数列为等差数列，且首项为，公差为，所以，；若选，对任意的，且，当时，可得，当且时，由可得，上述两个等式作差可得，对任意的，所以，当且时，所以，数列和数列均为等差数列，且公差均为，所以，对任意的，因为，则数列为等差数列，所

27、以，；【小问2详解】解：因为，所以，所以有，上式下式得，化简整理得，所以代入得，因，所以，故有对任意且恒成立，记，当时，此时，数列单调递增，即；当时，此时，数列单调递减，即.所以，数列中的最大项为，故.21. 已知圆，过点的直线与圆相交于，两点，且，圆是以线段为直径的圆(1)求圆的方程；(2)设，圆是的内切圆，试求面积的取值范围【答案】(1)或 (2)【解析】【分析】(1)设出直线，根据已知求出弦心距，从而求出直线的方程.再根据两圆相交时，圆心连线与交线垂直得出Q点坐标，从而求得结果；(2)根据圆的性质，可从(1)中结果中任选一种解答，根据已知可得，三边所在的直线就是圆的切线，设出切线方程，可

28、以表示出斜率和t的关系，A，B两点都在y轴上，则以AB做底，高就是C点横坐标的绝对值.小问1详解】设直线的方程为，因为圆半径为，所以圆心到直线的距离，即，解得， 当时，过与直线垂直的直线与交点为，所以圆方程为 当时，过与直线垂直的直线与交点为，所以圆方程为即所求圆方程为或【小问2详解】由圆的性质可知，只研究圆方程为时即可设与圆相切，则有，即有，从而有设与圆相切，则有，即有，从而有 联立直线，由得， 所以当时，.22. 已知正项数列满足(1)求数列的通项公式；(2)求证：【答案】(1) (2)见解析【解析】【分析】(1)由，可得，令，利用构造法求出数列的通项公式，从而可求得的通项公式；(2)分且为偶数和且为奇数两种情况讨论，结合并项求和和奇偶分析法，通过放缩即可得出结论.【小问1详解】解：由，得，即，令，有， 又，故，所以，所以数列是以为首项，为公比的等比数列，所以，所以，所以有，即；【小问2详解】证明因为，当且为偶数时，化简得，所以，当且为奇数时，则且为偶数，由上述证明可知，又因为，所以，综上.