江苏省扬州市2024届高三下学期考前调研模拟预测测试物理试题含答案.pdf

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1、扬州市扬州市 2024 届高三考前调研测试届高三考前调研测试物理物理2024.05注意事项：注意事项：1，本试卷共，本试卷共 6 页，满分为页，满分为 100 分，考试时间分，考试时间 75 分钟分钟2答题前，请务必将自己的学校、班级、姓名、准考证号用答题前，请务必将自己的学校、班级、姓名、准考证号用 0.5 毫米黑色墨水的签字笔填写在答题卡的规定位置毫米黑色墨水的签字笔填写在答题卡的规定位置3，作答选择题，必须用，作答选择题，必须用 2B 铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满涂黑；作答非选择题，必须用铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满涂黑；作答非选择题，必须用 0.5 毫米黑色墨水的签字笔在答题卡

2、上指定位置作答，在其他位置作答一律无效毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上指定位置作答，在其他位置作答一律无效4如需作图，必须用如需作图，必须用 2B 铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：共一、单项选择题：共 10 题，每题题，每题 4 分，共分，共 40 分，每题只有一个选项最符合题意分，每题只有一个选项最符合题意1在医疗诊断中，常用半衰期为20min的116C作为示踪原子获得116C的核反应方程为：14111117166NHCX,C+的衰变方程为：111166CBY+，则（）AY为中子B116C衰变放出a射线CX比Y电离作用强D经40m

3、in，116C会全部发生衰变2用一束红色激光照射单缝，光屏上出现的现象如图所示，下列操作可使中央亮条纹变宽的是（）A增大激光束的宽度B减小单缝的宽度C减小屏到单缝的距离D改用绿色激光照射3分子势能随分子间距离变化的图像如图所示分子间距为1x时，分子力大小为1F，分子间距为2x时，分子力为2F，则（）A12FFB12FFb，则该玻璃的折射率为（）AcoscosbaBsinsinabCcoscosabDsinsinba5在“观察电容器充放电实验”中，实验电路如图所示，其中电源为 2 节干电池，调节电阻箱阻值为41 10W，电流表应选择（）ABCD6风洞实验是进行空气动力学研究的重要方法如图所示，将

4、小球从O点以某一速度0v竖直向上抛出，经过一段时间，小球运动到O点右侧的B点，A点是最高点，风对小球的作用力水平向右，大小恒定则小球速度最小时位于（）AO点BA点C轨迹OA之间的某一点D轨迹AB之间的某一点7“嫦娥六号”的主要任务是到月球背面采样，并携带月球样品返回地球假设“嫦娥六号”从轨道变轨到轨道，轨道、为圆形轨道，轨道为椭圆轨道则（）A在变轨过程中，应在 A 点减速、B 点加速B在轨道上从 A 到 B 的过程中，机械能减小C在轨道上 A 点的速度大于轨道上 B 点的速度D在轨道上 B 点的加速度等于轨道上 B 点的加速度8如图所示为某种光伏电池的原理图，导电球壳为阳极 A，球形感光材料为

5、阴极 K现用光子动量为 p 的光照射 K 极，K 极能发射出最大初动能为kE的光电子已知电子电荷量为 e，光速为 c，普朗克常量为 h，忽略光电子间的相互作用则（）A阳极 A 比阴极 K 电势高BAK 间的最大电压为kEeC入射光的波长为phD阴极感光材料的逸出功为kEcp-9雷雨天在避雷针附近产生电场，其等势面的分布如图中虚线所示，在避雷针正上方沿水平方向建立坐标轴 Ox，轴上各点电势分布如图所示，b 为图线最高点，则（）Ab 点场强为零Bb 点场强竖直向上Ca、c 两点场强相同Db 点距离避雷针比 c 点更远10如图所示，细绳绕过定滑轮连接小球 a 和小球 b，小球 a 固定在可绕 O 轴

6、自由转动的轻质细杆的端点整个装置平衡时，杆和绳与竖直方向的夹角均为 30，不计一切摩擦，细绳足够长将杆从水平位置由静止释放，杆向下转动 60的过程中（）A小球 b 的机械能先增大后减小B图示位置时，小球 a 和小球 b 的速度之比为3:2C图示位置时，小球 a 和小球 b 的重力功率之比为 1：1D小球 a 和小球 b 的动能之和先增大后减小二、非选择题：共二、非选择题：共 5 题，共题，共 60 分其中第分其中第 12 题题第第 15 题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位题解答时请写出必要的文字说明、方程式

7、和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位11（15 分）小明利用如图甲所示的碰撞实验器研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系，从而验证动量守恒定律（1）为完成此实验，以下提供的测量工具中，多余的是_A刻度尺B天平C秒表（2）用螺旋测微器测量小球直径 D，测量结果如图乙所示，D=_mm（3）下列说法中正确的是（）A入射小球 A 的质量应小于被碰小球 B 的质量B需要测量轨道末端到地面的高度C入射小球每次必须从同一位置静止释放D轨道末端可以不水平（4）图甲中，点 O 是小球抛出点在水平地面上的竖直投影，实验时，先让质量为Am小球 A 多次从斜轨上

8、S 处静止释放，找到其平均落点 P，再把质量为Bm的小球 B 静置于轨道末端，接着使小球 A 从 S 处静止释放，在水平段末端与小球 B 相碰，多次实验，找到小球 A、B 的平均落点 M、N，测得距离 OP、OM、ON，验证两球相碰前后动量守恒的表达式为_（用题中物理量符号表示）（5）小明经过多次实验，在操作正确的情况下，发现系统碰后的总动量总是大于碰前的总动量，其原因可能有_A碰撞后小球 B 受到向右的摩擦力B碰撞后轨道给小球 B 向右的冲量C碰撞后小球 A 受到向左的摩擦力D碰撞后轨道给小球 A 向左的冲量12（8 分）如图甲所示，气缸内用轻质活塞封闭着一定质量的理想气体，气体从状态A经等

9、压过程到状态B，气体体积随温度变化的图像如图乙所示，已知气体内能变化量为UD，外界大气压强为0p，不计活塞与气缸间的摩擦求：（1）气体在状态B时的体积BV；（2）气体从外界吸收的热量Q13（8 分）如图所示，用等臂天平测量匀强磁场的磁感应强度。天平的左臂为挂盘，右臂挂矩形线圈，天平平衡线圈上部处在垂直纸面向外的匀强磁场中，磁场区域宽度0.4mL=，磁感应强度B随时间均匀增大，其变化率31 10 T/sBt-D=D线圈下部处在与纸面垂直的匀强磁场中，挂盘中放质量为0.08kgm=的砝码时，天平再次平衡已知线圈的水平边长0.2md=，匝数1000N=匝，总电阻1R=W，重力加速度210m/sg=求

10、：（1）线圈中感应电流的大小I；（2）未知磁场的磁感应强度大小0B和方向14（14 分）如图所示，质量分别为2m和m的物块A和B叠放在水平面上，A物块的长度为L，B物块足够长且被锁定在地面上，B物块上O点左侧的表面光滑、右侧的表面粗糙，A和O点右侧表面、B和地面之间的动摩擦因数分别为2m和m，现A立即获得水平向右的速度0v，当A的左端刚好经过O点时，解除B的锁定，重力加速度为g求：（1）解除锁定时，B的加速度大小Ba；（2）解除锁定时，A的速度大小1v；（3）解除锁定后，B的位移大小Bx15（15 分）如图所示，匀强磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B，质量为m、电荷量为e的电子以垂直于磁

11、场方向的速度v射入，运动过程中受到空气的阻力fkv=，k为已知常量（1）电子速度从v减小为2v过程中空气阻力所做的功W；（2）电子速度从v减小为2v过程中通过的路程s；（3）要使电子保持速度大小为v，角速度为w做匀速圆周运动，可在空间加一个方向始终与磁场方向垂直的匀强电场并使之旋转，不考虑电磁波的影响，求电场的场强大小E扬州市扬州市 2024 届高三物理考前调研测试届高三物理考前调研测试参考答案与评分建议参考答案与评分建议一、单项选择题：共一、单项选择题：共 10 题，每题题，每题 4 分，共分，共 40 分每题只有一个选项最符合题意分每题只有一个选项最符合题意1C2B3A4A5D6C7D8B

12、9B10C二、非选择题：共二、非选择题：共 5 题，共题，共 60 分其中第分其中第 12 题题第第 15 题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位11（15 分）（1）C（3 分）（2）17.805（3 分）（3）C（3 分）（4）AABm OPm OMm ON=+（3 分）（5）CD（3 分）12（8 分）解析：（1）由题意可得ABABVVTT=（2 分）解得：043BVV=（2 分）（2

13、）在从状态A变化到状态B的过程中，气体压强不变，外界对气体做功为BA0013Wp VVp V=-=-（2 分）根据热力学第一定律可得UWQD=+解得：0013QUp V=D+（2 分）13（8 分）（1）由电磁感应定律得ENtjD=D（1 分）BENLdtD=D（1 分）由欧姆定律得EIR=（1 分）代入数据得38 10 AI-=（1 分）（2）线圈受到安培力0FNB Id=（1 分）天平平衡mgF=（1 分）代入数据可得00.5TB=（1 分）方向：垂直线圈平面向里（1 分）14（14 分）解析：（1）根据牛顿第二定律，得43Bmgmgmamm-=（2 分）解得Bagm=（1 分）（2）因为

14、滑动摩擦力与位移是线性关系，所以2fWfLmgLm=-=-（2 分）根据动能定理，得2210112222fWmvmv=-（2 分）解得2102vvgLm=-（1 分）（3）因为2Aagm=向左，Bagm=向右设经过t时间两者达到共速，有1ABva ta t-=解得2023vgLtgmm-=B匀加速的位移2201112189Bvxa tLgm=-（1 分）共速后两者相对静止向前匀减速，Bagm=向左根据对称性，B匀减速的位移20211189vxxLgm=-（1 分）所以B的位移2012299BvxxxLgm=+=-（1 分）15（15 分）（1）由动能定理得：2211222fvWmmv=-（2

15、分）解得：238fWmv=-（1 分）（2）沿电子运动轨迹的切线方向，kvma=（1 分）kvtmatD=D（2 分）2vksm v=-解得电子通过的路程为2mvsk=（1 分）其它解法结果正确，同样给分（3）电场旋转的角速度大小为w。（2 分）情况 1：电场力与空气阻力平衡，洛伦兹力提供向心力eEkv=evBm vw=解得：kvEe=，此时eBmw=（2 分）情况 2：eBmw，电子受力如图，设电场力与洛伦兹力方向夹角为90q q，电子受力如图，设电场力与洛伦兹力反方向夹角为90a a沿圆周切线方向：sineEkva=沿圆周半径方向：cosevBeEm vaw-=解得：22()vEkeBmew=+-综上分析可知22()vEkeBmew=+-（2 分）