山东省济南市名校考试联盟2024届高三下学期二模2024年4月济南二模——物理详解.pdf

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1、物理答案 第1页（共 9 页）山东名校考试联盟 2024 年 4 月高考模拟考试物理参考答案及评分标准 一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.B【解析】因为核反应前后发生质量亏损，所以核方程不能写成等号，只能用箭头表示，A 错误；核反应后释放核能，反应朝着比结合能增大的方向进行，故镍 63 的比结合能小于铜 63 的比结合能，B 正确；衰变是原子核内中子不稳定，由弱相互作用引起的，C 错误；半衰期是统计规律，具体到少数样本的个数计算是错误的，D 错误。2.A【解析】水车每秒转动的圈数为60n，水车转动一圈对水做的功2WNmgR=，则

2、水车的功率21606030WnNmgRPNmgRnn=，C 正确，ABD 错误。故选 C。3.B【解析】“东方红一号”卫星半长轴为 122Rhhr+=远近地=7804.5km，“天目一号”卫星的半径为2+400km+600kmRrR地地，即 6800km2r7000km，则“天目一号”卫星的半径小于“东方红一号”卫星半长轴 r1，根据开普勒第三定律32rkT=可知，东方红一号”卫星运动的周期大于“天目一号”卫星运动的周期，A 错误；根据2MmGmar=，可得2GMar=，东方红一号”卫星到地心的距离有可能等于“天目一号”卫星到地心的距离，则两者加速度大小可能相等，B 正确；7.9km/s 是人

3、造地球卫星的最大运行速度，则“天目一号”卫星的运行速度一定小于 7.9km/s，C 错误；“天目一号”卫星在加速升空阶段加速度的方向向上，所以加速升空阶段处于超重状态，卫星进入预定轨道后围绕地球做匀速圆周运动，卫星的加速度等于重力加速度，处于失重状态，D 错误。4.A【解析】设“蛟龙”号加速度为 a，AB 间的距离为 x，则 BC 间的距离为 2x。联立222BAax=vv、2222CBax=vv、2AB+vv=0.1m/s、2BC+vv=0.05m/s，解得Av=0.11m/s、Bv=0.09m/s、Cv=0.01m/s，A 正确。5.D【解析】根据理想气体的状态方程可得000032abp

4、Vp VTT=，代入数据得:abpp=61，A 错误；bc 过程温度升高，分子平均动能增大，平均速率增大，容器壁单位面积上的分子平均作用力变大，B 错误；ca 过程体积缩小，外界对气体做功 W0，等温变化，内能不变 U=0，由热力学第一定律 U=Q+W 得 Q克，A 错误；释放滑块时弹性势能为2p012BEm=v，当弹簧的弹性势能与滑块的动能相等时，有22p01122Ekxm=+v，221122kxm=v，弹簧弹力的瞬时功率为 P=kxv，解得 P=211()FF RgkRF，B 正确；滑块沿圆轨道 BCD 运动过程中，由动量定理得GIIp+=轨道，重力的冲量竖直向下，动量的变化量水平向左，根

5、据矢量三角形易知圆轨道对滑动的作用力的冲量斜向左上方，如图所示，C 错误；滑块沿圆轨道 BCD 运动过程中，机械能减少了231pf1(6)2EWFFF R=减克，D 错误。#QQABRQYUggAgAJJAARhCQQWiCgIQkBACCKoOxBAIoAAByAFABAA=#物理答案 第3页（共 9 页）二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得 4分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。9.AC【解析】如图所示，142sin3BOnCAO=，A 正确；因 sinC=32sin4542AOBO=，所以临界角C45，B 错

6、误；紫光临界角小于蓝光临界角，紫光在弧面 EF 上发生全反射，C 正确；入射光向 E 端平移，在弧面 EF 上入射角大于临界角，发生全反射，D 错误。10.CD【解析】由题图可知波长=4m，正立方体的边长为364m=4m，该横波的波长与正方体(障碍物)的边长尺寸相同，则该横波遇到体积为 64m3的正方体能发生明显衍射，A 错误；该简谐横波沿 x 轴正方向传播，传播时间21ttt=0.75s，则34tTnT=+(n=0，1，2，3)，解得343Tn=+s(n=0，1，2，3)，当 n=0 时，解得周期 T=1s，则1fT=1Hz，该横波的频率可能为 1Hz，则该横波与另一列频率为 1Hz 的简谐

7、横波相遇可能发生干涉，B 错误；根据T=v，解得4(43)3n=+vm/s(n=0，1，2，3)，把v=4m/s代入，解得 n=0，则该横波传播的速度大小可能为 4m/s，C 正确；2243)=3nT+=（rad/s(n=0，1，2，3)，当 n=0，=2rad/s，可设质点 P 的振动方程为05sin(2)yt=+cm，把 t1=2s，y=0 代入可解得0可能为 0，则质点 P 的振动方程可能为5sin2yt=(cm)，D 正确。11.ABD【解析】沿 a1b1方向的电场强度分量为1WEqL=，沿 b1b2方向的电场强度分量为22WEqL=，沿 b2c2方向的电场强度分量为33WEqL=，匀

8、强电场强度大小为22312314WEEEEqL=+=，A 正确；a1点的电势为零，则 a1移到 b1的过程中1 111a babWUq=，得1bWq=，b1移到 b2的过程中1 2122bbbbWUq=，得2bWq=，b2移到 c2的过程中，得22cWq=，匀强电场中，2 21 1b cbcUU=，解得14cWq=，B 正确；匀强电场中，1 12 2a bd cUU=，解得2dWq=，C 错误；若将该点电荷移到 c1d1d2c2中心，有p1(2)302WWWE+=，解得p2.5EW=，D 正确。#QQABRQYUggAgAJJAARhCQQWiCgIQkBACCKoOxBAIoAAByAFAB

9、AA=#物理答案 第4页（共 9 页）12.BC【解析】cd 边在磁场中运动过程中，bc 边在磁场中的部分受安培力作用，A 错误；t=0 时刻，感生电动势为 E=2002B Lt，cd 边两端点间的电势差为2005563cdB LUEt=，B 正确；设 ab 边刚进磁场时速度为v，ab 边在磁场中运动过程中，有0 0013ILB tmgtmm=vv，0Itq=，202B LqR=，在 0t0内，对线框，有2102AWmgLm=v，解得2320029(8AB LWmgtmgLmR=+)，C 错误；ab 边在磁场中运动过程中，有221112()223QmgLmm+=vv，ab 边产生的焦耳热为23

10、bcQQ=，解得232002()2(2)3bcB LmgtRQmgLm+=，D 错误。三、非选择题：本题共 6 小题，共 60 分。13.(6 分)(1)见解析 (2)ba；24bdLa(每空 2 分)【解析】(1)按照图甲所示连接电路图，如图所示。(3)由22212()RIRrII+=+可得22212()()IIRRrI+=，结合图乙可bRa=；根据电阻定律有LRS=、2()2dS=，解得24bdLa=。评分标准：实物连线主要看：电表改装和电流表内外接；滑动变阻器的分压式接法。这两处每错一处扣 1 分，扣完为止。14.(8 分)(1)14.538(2 分)665(2 分)(2)大于(2 分)

11、(3)C(2 分)(每空 2 分)【解析】(1)图丙中的读数为 14.5mm+3.80.01mm=14.538mm。A、B 间距为BAxxx=13.304mm，其间有6 个条纹间隔，相邻两条纹间距为6xx=，根据Lxd=可知所测光的波长为6=0.6652 10 md xL=665nm。(2)条纹与分划板中心刻线不平行时，实际值cosxx=测实，其中 为条纹与分划板中心竖直刻线间的夹角，故可知测量值x测大于实际值x实。旋转测量头，分划板的竖线随之旋转，可使分划板的竖线与亮条纹平行，C 正确，故选 C。评分标准：第一个空 14.53714.539 均可给 2 分。#QQABRQYUggAgAJJA

12、ARhCQQWiCgIQkBACCKoOxBAIoAAByAFABAA=#物理答案 第5页（共 9 页）15.(8 分)(1)43h (2)59h【解析】设网高 h=0.1525m，AB=d，则 BC=CD=2d、AC=3d (1)第一次球做平抛运动，设平抛运动的初速度为1v，根据平抛运动规律有 12PFdt=v 12FBdt=v (1 分)21()2PPFFBHg tt=+(1 分)212PPFHhgt=+(1 分)联立解得43PHh=(1 分)(2)第二次球做斜上抛运动，设斜抛运动的水平速度为2v，根据斜抛运动规律有 212FAhgt=(1 分)23FAdt=v 22QFdt=v (1 分

13、)212QQFhHgt=(1 分)联立解得59QHh=(1 分)评分标准：第(1)问 4 分，第(2)问 4 分，满分 8 分。16.(8 分)(1)55 10 Pa (2)101(或 10)【解析】(1)将体积为 V0=15m3、压强406.3 10 Pap=、温度 T0=270K 的大气注入舱体 舱内气体温度 T1=300K、体积312.1mVLS=根据理想气体状态方程0 01 101p Vp VTT=(2 分)解得舱内气压515 10 Pap=(2 分)(2)舱内温度 T1=300K 不变，新气压522 10 Pap=充入气体体积331mV=，压强406.3 10 Pap=，温度 T0=

14、270K 根据理想气体状态方程有0 3221 1110p Vp Vp VTTT=+(2 分)解得325.6mV=#QQABRQYUggAgAJJAARhCQQWiCgIQkBACCKoOxBAIoAAByAFABAA=#物理答案 第6页（共 9 页）排出舱体的气体体积2133.5mVVV=根据理想气体状态方程有0 32401p Vp VTT=(1 分)解得340.35mV=放出气体质量与进入气体质量之比等于体积之比43.5100.35mVmV=出入 (1 分)评分标准：第(1)问 4 分，第(2)问 4 分，满分 8 分。17.(14 分)(1)0qB am (2)2034qB am (3)0

15、33B (4)3 312 392a【解析】(1)垂直于 y 轴射入圆形磁场的粒子过 P2点，根据磁聚集可知 粒子的圆轨迹半径等于磁场圆边界的半径，即1ra=(1 分)由洛伦兹力提供向心力得201q Bmr=vv (1 分)即10mrqB=v(1 分)解得0qB am=v (1 分)(2)设在 A 点射入磁场的初速度大小为0v，在电场中的运动时间为 t，则 x 轴方向，2at=v (1 分)y 轴方向，23122qEatm=(2 分)解得 E=2034qB am (1 分)(3)设粒子进入 OCD 内磁场时与速度与 x 轴正方向间的夹角为，由磁聚集作图易知1cos2=，解得=60(1 分)粒子垂

16、直于 CD 出射，有22 sin4raa=解得23ra=(1 分)又2mrqB=v 解得033BB=，方向垂直于纸面向里 (1 分)(4)粒子从直线 x=2a 上入射，速度不变，可知粒子从 P2点射入方向为 0180范围 粒子恰好与 CD 边相切时，从 CD 边射出的粒子距 C 点的距离最近 (1 分)如图，设3CPd=，在124O P P中，由余弦定理可得#QQABRQYUggAgAJJAARhCQQWiCgIQkBACCKoOxBAIoAAByAFABAA=#物理答案 第7页（共 9 页）222222(tan30)(3)2(tan30)(3)cos60cos30cos30ddrrdarda

17、=+(1 分)代入23ra=整理得223 3(93 3)0dada+=解得 d=3 312 392a (1 分)评分标准：第(1)问 4 分，第(2)问 4 分，第(3)问 3 分，第(4)问 3 分，满分 14 分。18.(16 分)(1)0.3 (2)0.5m (3)0.1kg (4)29128m【解析】(1)C 在 A 上滑行时，对 A，有1()CAmgmm gma+=(1 分)解得1(2)ACag=A 碰 B 后，对 A，有2Amgma=解得2Aag=1m/s2 (1 分)木板 B 锁定，A 碰 B 后恰能返回初始位置，则 碰撞前后 A 的加速度大小相等12AAaa=(1 分)解得3C

18、=0.3 (1 分)(2)C 在 A 上滑行时，对 C，有CCmgma=，解得CCag=3m/s2 C 在 A 上滑行的过程中，11 1CCAa ta t=v (1 分)C、A 的位移相对关系1111)22CAttL+=共共(vvv (1 分)解得 C 在 A 上向右滑行的初速度Cv=4m/s (1 分)时间 t1=1s t1内 A 向前滑行的距离201 112Axa t=0.5m (1 分)#QQABRQYUggAgAJJAARhCQQWiCgIQkBACCKoOxBAIoAAByAFABAA=#物理答案 第8页（共 9 页）(3)小球 D 下摆过程中，211(sin37)222DLLMgM

19、+=v (1 分)解得14DL=v 小球 D 碰后反弹上摆过程中，221(sin37)222DLLMgM=v 解得22DL=v 小球 D 碰 C，12DDCMMm=+vvv (1 分)22212111222DDCMMm=+vvv (1 分)解得3mM=0.1kg (1 分)绳长 L=4m(4)解除 B 锁定后，A、C 共速11 1Aa t=v=1m/s，方向右 A 碰 B，对 A、B，有11ABBmmm=+vvv 22211111222ABBmmm=+vvv 解得12A=vm/s，方向向左；112B=vm/s，方向向右 (1 分)设 B、C 达到共同速度2v中，B 未碰墙，有112()BBBm

20、mmm+=+vvv 解得258=vm/s，方向向右 设 C 在 B 上向右滑过1d，有2221112111()222CBBBmgdmmmm=+vvv 解得1132d=m (1 分)此过程中 B 的对地位移为1Bx，有221211122CBBBBmgxmm=vv 解得19128Bx=m0 x，未碰墙，之后 B、C 一起匀速运动 碰墙反弹后 B、C 达到共同速度3v中，以向左为正，有223()BBmmmm=+vvv 解得3516=vm/s，方向向左 设此过程中 C 在 B 上继续向右滑过2d，有2222311()()22CBBmgdmmmm=+vv 解得225128d=m (1 分)之后 B 碰 A 时，C 相对 B 向前滑行，#QQABRQYUggAgAJJAARhCQQWiCgIQkBACCKoOxBAIoAAByAFABAA=#物理答案 第9页（共 9 页）故为了 C 不掉下，B 板的最小长度为1229128ddd+=m (1 分)评分标准：第(1)问 4 分；第(2)问 4 分；第(3)问 4 分，列出小球上摆方程或下摆方程中的任意一个都给 1分，列出两个也给 1 分；第(4)问 4 分；满分 16 分。#QQABRQYUggAgAJJAARhCQQWiCgIQkBACCKoOxBAIoAAByAFABAA=#