湖北省沙市中学2023-2024学年高二下学期6月月考物理试题含答案.pdf

《湖北省沙市中学2023-2024学年高二下学期6月月考物理试题含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖北省沙市中学2023-2024学年高二下学期6月月考物理试题含答案.pdf（11页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、学科网（北京）股份有限公司1 20232024 学年度学年度下下学期学期 2022 级级 6 月月考物理试卷 考试时间：2024 年 6 月 13 日 一、选一、选择择题题（本题共（本题共 1010 小题，每小题小题，每小题 4 4 分。其中分。其中 1 1-7 7 题为单选题，题为单选题，8 8-1010 为多选题，选不全得为多选题，选不全得 2 2分，错选、多选得分，错选、多选得 0 0 分）分）1关于布朗运动的正确说法是（）A因为布朗运动的激烈程度跟温度有关，所以布朗运动也可以叫做热运动 B布朗运动反映了分子的热运动 C在室内看到的尘埃不停地运动是布朗运动 D室内尘埃的运动是空气分子碰撞

2、尘埃造成的现象 2下列说法中正确的是（）A 若氢原子从 n=6 能级向 n=1 能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从 n=6 能级向 n=2 能级跃迁时辐射出的光能使该金属发生光电效应 B玻尔通过粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型 C原子核发生一次衰变，该原子的核外就失去一个电子 D质子、中子、粒子的质量分别是 m1、m2、m3，c为光速，则质子和中子结合成一个粒子释放的能量是1223(22)mcmm+3某同学用单色光进行双缝干涉实验，在屏上观察到如图甲所示的条纹，仅改变一个实验条件后，观察到的条纹如图乙所示。他改变的实验条件可能是（）A减小光源到单缝的距离 B减小双缝

3、之间的距离 C减小双缝到光屏之间的距离 D换用频率更高的单色光源 4用一种单色光照射某金属，产生光电子的最大初动能为 Ek，单位时间内发射光电子数量为 n，若增大该入射光的强度，则（）AEk增加，n 增加 BEk增加，n不变 CEk不变，n不变 DEk不变，n 增加 5如图所示，木块静止在光滑水平面上，子弹 A、B 从两侧同时射入木块，木块始终保持静止，子弹 A 射入木块的深度是 B 的 2 倍。假设木块对子弹阻力大小恒定，则下列说法正确的是（）A子弹 A 的质量是子弹 B 的质量的 2 倍 B子弹 A 的初动量是子弹 B 的初动量大小的 2 倍 C若子弹 A、B 的初始速度都增加为原来的 2

4、 倍，则木块不会始终保持静止 D若子弹 A、B 的初始速度都增加为原来的 2 倍，则子弹 A 射入木块的深度仍是子弹 B 的 2倍湖北省沙市中学2023-2024学年高二下学期6月月考物理试题学科网（北京）股份有限公司2 6如图，OBCD为半圆柱体玻璃的横截面，OD为直径，一束由紫光和红光组成的复色光沿AO方向从真空射入玻璃，紫光、红光分别从 B、C 点射出。设它们在玻璃中的波长分别为B、C，传播时间分别为Bt、Ct。则（）ABCtt=BBCtt 7霍尔效应这一现象是美国物理学家霍尔于 1879 年发现的。当电流垂直于外磁场通过导体时，载流子电子发生偏转，垂直于电流和磁场的方向会产生一附加电场

5、，从而在导体的两端产生电势差，这一现象就是霍尔效应，这个电势差被称为霍尔电势差。现有一金属导体霍尔元件连在如图所示电路中，电源内阻不计，电动势恒定，霍尔电势差稳定后，下列说法正确的是（）Aa 端电势低于 b端电势 B若元件的厚度增加，a、b两端电势差不变 C霍尔电势差的大小只由霍尔元件本身决定 D若要测量赤道附近的地磁场，应将工作面调整为与地平面平行 8一列简谐横波沿 x 轴正方向传播，图甲是0=t时刻的波形图，图乙和图丙分别是 x轴上某两处质点的振动图象。由此可知，这两质点平衡位置之间的距离可能是（）A2m3B4m3C5m3D7m39如图所示，等腰直角三角形区域内分布有垂直于纸面向外的匀强磁

6、场，它的底边在 x 轴上且长为 L，高为 L，纸面内一边长为 L的正方形导线框沿 x轴正方向以速度 v匀速穿过匀强磁场区域，在 t=0 时恰好位于图中所示的位置，下列说法正确的是（）A穿过磁场过程中磁通量最大值为212BL=B穿过磁场过程中感应电动势的最大值为12BLv C线框中产生的电流始终沿顺时针方向 D穿过磁场过程中线框受到的安培力始终向左 学科网（北京）股份有限公司3 10 如图甲所示，物块 A、B 的质量分别是A4.0kgm=和B2.0kgm=，用轻弹簧拴接，放在光滑的水平地面上，物块 B 右侧与竖直墙相接触。另有一物块 C 在0=t时刻以一定速度向右运动，在4st=时与物块 A 相

7、碰，并立即与 A 粘在一起不再分开，物块 C 的vt图像如图乙所示，下列说法正确的是（）A物块 B 离开墙壁前，弹簧的最大弹性势能为 48J B4s 到 12s 的时间内，墙壁对物块 B 的冲量大小为48N s，方向向右C物块 B 离开墙壁后，弹簧的最大弹性势能为 10J D物块 B 离开墙壁后，物块 B 的最大速度大小为6m/s 二二、实验题、实验题（本大题共（本大题共 2 2 小题，共小题，共 1818 分）分）11（6 分）某同学利用单摆测量重力加速度（1）为了使测量误差尽量小，下列说法正确的是；A组装单摆需选用密度较大、直径较小的摆球B摆长一定的情况下，摆的振幅尽量大C实验时需使摆球在

8、同一竖直面内摆动D组装单摆需选用轻且不易伸长的细线（2）如图所示，在物理支架的竖直立柱上固定有摆长约为 1m 的单摆，实验时，由于仅有量程为20cm、精度为 1mm 的钢板刻度尺，于是他先使摆球自然下垂，在竖直立柱上与摆球最下端处于同一水平面的位置做一标记点，测出单摆的周期1T；然后保持悬点位置不变，设法将摆长缩短一些，再次使摆球自然下垂，用同样方法在竖直立柱上做另一标记点，并测出单摆周期2T；最后用钢板刻度尺量出竖直立柱上两标记点之间的距离L，用上述测量结果，写出重力加速度的表达式g=。12（12 分）近年来，我国打响了碧水保卫战，检测组在某化工厂的排污管末端安装了如图 1 所示的流量计，用

9、此装置测量污水（有大量的正、负离子）的电阻，进而用来测污水的电阻。测量管由绝缘材料制成，其直径为 D，左右两端开口，匀强磁场方向竖直向下（未画出），在前后两个内侧面 A、C 上固定有竖直正对的金属板作为电极（未画出，电阻不计），金属板电极与开关 S、电阻箱 R 和灵敏电流计连接，管道内始终充满污水，污水以恒定的速度 v 自左向右通过。学科网（北京）股份有限公司4（1）利用图 2 中的电路测量灵敏电流计 G的内阻gR，实验过程包含以下步骤：a、分别将1R和2R的阻值调至最大；b、合上开关1S；c、调节1R，使 G 的指针偏转到满刻度，记下此时1G的示数1I；d、合上开关2S；e、反复调节1R和2

10、R的阻值，使1G的示数仍为1I，G的指针偏转到满刻度的一半，此时2R的读数为0R。则灵敏电流计内阻为。（2）用游标卡尺测量测量管的直径 D，如图 3 所示，则D cm。（3）图 1 中与 A极相连的是灵敏电流计的接线柱（填“正”或“负”）。（4）闭合图 1 中的开关 S，调节电阻箱的阻值，记下电阻箱接入电路的阻值 R 与相应灵敏电流计G的读数 I，绘制1RI图像，如图 4 所示，则污水接入电路的电阻为。（用题中的字母 a、b、c、v、D、0R表示）三三、解答题、解答题（本大题共（本大题共 3 3 小题，共小题，共 4242 分）分）13（9 分）如图所示，开口向上竖直放置的内壁光滑的绝热气缸中

11、有加热装置，气缸壁内有卡槽，卡槽距缸底的高度2mH=。质量10kgM=、横截面积325 10 mS=的活塞停在卡槽处，其下方封闭有一定质量压强为510.8 10 Pap=、温度为117 Ct=的理想气体，现通过加热装置对缸内气体缓慢加热。已知外界大气压强501 10 Pap=保持不变，热力学温度与摄氏温度的关系273KTt=+，重力加速度210m/sg=。（1）求活塞刚要离开卡槽时缸内气体的热力学温度2T；（2）若活塞离开卡槽后继续上升了0.2mh=，该过程中气体吸收了370JQ=的热量，求该过程中气体内能的变化量U。14如图所示，在 y轴的右侧存在磁感应强度为 B 的方向垂直纸面向外的匀强磁

12、场，在 x轴的上方有一平行板式加速电场，有一薄绝缘板放置在 y轴处，且与纸面垂直，现有一质量为 m、电荷量为 q 的粒子由静止经过加速电压为 U 的电场加速，然后以垂直于板的方向沿直线从 A 处穿过绝缘板，而后从 x 轴上的 D处以与 x轴负向夹角为 30的方向进入第四象限，若在此时再施加一个电场可以使粒子沿直线到达 y 轴上的 C点（C点在图上未标出），已知 OD长为 l，不计粒子的重力，求：（1）粒子射入绝缘板之前的速度大小；（2）粒子经过绝缘板时损失了多少动能；学科网（北京）股份有限公司 5（3）所加电场的电场强度和带电粒子在 y 轴的右侧运行的总时间。15（18 分）如图所示，水平面右

13、侧有竖直墙壁，垂直墙壁的同一直线上有两个静止的物块 A 和 B（均可视为质点），相距 L=15m，物块 B 到墙壁的距离 s=5m，两物块的质量分别为 mA=1kg、mB=0.5kg，物块 B 与水平面间无摩擦，物块 A 与水平面间的动摩擦因数=0.2。现给物块 A 施加水平向右的力 F=6N，作用 2s 后撤去 F，之后物块 A 与物块 B、物块 B 与墙壁间发生正碰，碰撞中无能量损失，且碰撞时间极短，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度 g取 10m/s2，求：（1）物块 A 从开始运动到两物块第一次发生碰撞所经历的时间及物块 A 第一次碰撞前的速度大小；（2）两物块第一次碰撞后的速度大

14、小；（3）从开始到两物块第三次碰撞前物块 B 通过的总路程。学科网（北京）股份有限公司6 学科网（北京）股份有限公司7 高二年级 6 月月考物理答案 1B【详解】AB布朗运动反映的是分子的热运动，其本身不是分子的热运动。A 错误，B 正确；C布朗运动用肉眼是看不到的，故在室内看到的尘埃不停地运动不是布朗运动，C 错误；D在室内看到的尘埃不停地运动不是布朗运动，而是尘埃受到的重力及空气的浮力的影响造成的宏观现象，布朗运动形成的原因是由于分子对悬浮微粒无规则撞击引起的，肉眼看不见，D 错误。2D【详解】A从61辐射的光子能量大于从62辐射的光子能量，根据光电效应方程0kmhWE=+可知从62辐射的

15、光子能量不能使该金属发生光电效应，A 错误；B卢瑟福通过粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型，B 错误；C衰变的实质是原子核中的一个中子转化为一个质子的同时放出一个电子，与核外电子无关，C 错误；D根据质能方程可知两个质子和两个中子结合成一个粒子释放的能量是1223(22)mcmm+，D正确。3B【详解】试题分析：通过观察发现，图乙中干涉条纹的宽度比甲图中的大，根据干涉条纹宽度干涉有：xld，因此可以使缝屏距 l 变大，双缝距 d 减小，或换用波长较长即频率较低的光，以达到要求，故选项 C、D 错误；选项 B 正确；与光源到单缝的距离无关，故选项 A 错误 4D【详解】根据光电效应方程k0E

16、hvW=可知，初动能与光的频率有关，与光照强度无关。光电子的最大初动能与入射光的强度无关，其随入射光频率的增大而增大，大于极限频率的光照射金属时，光电流强度(反映单位时间内发射出的光电子数的多少)与入射光强度成正比。5D【详解】A根据系统动量守恒，有AAB Bm vm v=对子弹 A，根据动能定理，有2AAA102fxm v=对子弹 B，根据动能定理，有2BB B102fxm v=依题意，有AB2xx=联立，可得ABAB22vvmm=，故 A 错误；B根据 A 项分析易知子弹 A 的初动量和子弹 B 的初动量大小为AAABB Bpm vpm v=，联立，可得AB1:1pp=：，故 B 错误；C

17、若子弹 A、B 的初始速度都增加为原来的 2 倍，则根据 A 项分析，两子弹的初动量仍为相等的关系，故系统动量仍守恒，木块会始终保持静止，故 C 错误；D依题意，对子弹 A，根据动能定理，有2AAA10(2)2fxmv=对子弹 B，根据动能定理，有2BBB10(2)2fxmv=联立，可得AB2xx=：，故 D 正确。6A【详解】AB 设任意光线的入射角为，折射角为，光在玻璃中传播的路程为 s，直径 OD 的长度为 d，则光在玻璃中的速度cvn=由几何知识可得 s=dcos（90-）=dsin，由折射定律可得sinsinn=学科网（北京）股份有限公司 8 光在玻璃中传播的时间为stv=，解得si

18、ndtc=由题可知，红光和紫光的入射角相同，则有 tB=tC，故 A 正确，B 错误；CD因 B 光的折射角较小，则折射率较大，频率较大，则波长较小，即BC，选项 CD 错误。7B【详解】A由题图知电流方向从右向左，则霍尔元件中电子从左向右定向移动，根据左手定则判断可知在洛伦兹力的作用下电子向 b 端偏转，故 b 端电势较低，故 A 错误。BC稳定后，定向移动的电子受到的电场力与洛伦兹力大小相等，即UevBed=，可得IEEBdEUBdvBdBdBdlnesRnesnlenesS=U 与磁感应强度 B、元件的前后距离 d 等因素有关，与题中定义的厚度无关，故 B 正确，C 错误；D由于赤道附近

19、的地磁场平行于地面，若要测量赤道附近地磁场，工作面应该处于垂直状态，故D 错误。8CD【详解】由图甲可知波长2m=，振幅A0.1m=，图乙所示质点在0=t时在正向最大位移处，图丙所示质点在0=t时，0.05my=，运动方向沿 y轴正方向，结合波形图找到对应的点，如图所示，四分之一波长为0.5m，若P在Q左边，两平衡位置的距离为110.5m0.5mm33=若P在Q右边，两平衡位置的距离为153 0.5m0.5mm33+=考虑周期性得1m3xn=+或5m3xn=+，可得 CD 正确，AB 错误。9AD【详解】A当导线框沿 x 轴正方向运动位移 L 时，穿过线框的磁通量最大，最大值为221122BS

20、BLBL=，故 A 正确；B当导线框沿 x 轴正方向运动位移 L 时，有效切割的长度最大，产生的感应电动势最大，感应电动势的最大值为EBLv=，故 B 错误；C根据楞次定律判断可知，线框进入磁场中产生的感应电流沿顺时针，穿出磁场时感应电流沿逆时针方向，故 C 错误；D由左手定则判断可知，穿过磁场过程中线框受到的安培力一直向左，故 D 正确。10AD【详解】AAC 碰撞过程中由动量守恒可得C0CA()m vmmv=+012m/sv=，4m/sv=解得C2kgm=当 AC 速度减为零时弹簧压缩至最短，此时弹性势能最大22pAC11()6kg(4m/s)48J22Emmv=+=，故 A 正确；B4s

21、 到 12s 的时间内弹簧对 AC 的冲量为AC21()()6(8)N s48N sImmvv=+=弹 由能量守恒可知 12s B 的速度为零，4s 到 12s 的时间内对 B 由动量定理可得0II+=弹墙，得48N.sII=弹墙，即大小为48N s，方向向左，故 B 错误；C当 B 的速度与 AC 相等时由动量守恒可得AC1ACB2()()mmvmmmv+=+，解得23m/sv=，所以弹簧的最大弹性势能为22pAC1ACB211()()12J22Emmvmmmv=+=，故 C 错误；学科网（北京）股份有限公司9 D 当弹簧为原长时B的速度达到最大，由动量守恒和能量守恒可得AC1AC3B4()

22、()mmvmmvm v+=+，222AC1AC3B4111()()222mmvmmvm v+=+，解得46m/sv=，故 D 正确。11 ACD 222124LTT【详解】(1)1 A组装单摆需选用密度较大、直径较小的摆球，可以减小空气阻力。故 A 正确；B摆长一定的情况下，摆的振幅尽量大，摆长过大，大于 10小球的运动不在是简谐运动，故误差较大。故 B 错误；C实验时需使摆球在同一竖直面内摆动，保持摆长不变，是单摆。故 C 正确；D组装单摆需选用轻且不易伸长的细线，保证摆线质量忽略不计，摆长不变，可以减小误差。故D 正确。(2)2根据单摆的周期公式，有22114LTg=，22224LTg=，

23、两式相减可得222124LgTT12 0R 3.035 正0acRba【详解】（1）1实验中应保持合上2S与断开2S两种情况下1G的示数1I为 G 的满偏电流gI，当合上2S时，G 的示数为1=22gII此时流过2R的电流也为12I，得g0RR=（2）2由游标卡尺读数原理可得，直径()307 0.05 mm30.35mm3.035cmD=+=。（3）3由左手定则可得正离子往 A 极方向运动、负离子往 C 极方向运动，所以与 A 极相连的是灵敏电流计的正接线柱。（4）4由UqBqvD=，得电源电动势为UBDv=，由欧姆定律可得gUBDvIRRRr=+总，其中 r 为污水的电阻，所以11gRrRI

24、BDvBDv+=+由图像可得斜率1bakcBDv=，纵截距gRraBDv+=，所以gacRrba+=故0acrRba=13（1）2435KT=；（2）250JU=【详解】（1）已知510.8 10 Pap=，1290KT=，当活塞刚要离开卡槽时，根据受力分析则有20p Sp SMg=+，解得521.2 10 Pap=气体加热至活塞刚要离开卡槽，气体经历等容变化，根据查理定律有1212ppTT=，联立解得活塞刚要离开卡槽时，气体的热力学温度2435KT=（2）活塞离开卡槽上升过程中，是等压变化，故气体对外做功，则有2120JWp Sh=，由热力学第一定律得UQW=+代入数据解得此过程中气体内能的

25、变化量250JU=14（1）2qUvm=；（2）22 2k2B q lEqUm=；（3）22qB lEm=,(52 3)6mtqB+=【详解】（1）粒子在电场中加速，由动能定理得212qUmv=，解得2qUvm=（2）粒子在磁场中做圆周运动轨迹如图，由几何关系可得轨道半径为2l，由22vqv Bml=，解得学科网（北京）股份有限公司12qlBvm=根据能量守恒得，损失的动能为22 222k11222B q lEmvmvqUm=（3）粒子若做直线运动，则有qv BqE=，代入数据解得22qB lEm=方向与 x轴正向斜向下成 60角；粒子在第一象限作匀速圆周运动的时间为1150253606mmt

26、qBqB=粒子在第四象限做匀速直线运动的时间为22 3333lmtvqB=，粒子 y轴右侧运行的总时间为53(52 3)636mmmtqBqBqB+=+=15（1）3s，6m/s；（2）12m/sv=，28m/sv=；（3）217m9【详解】（1）F 作用 2s 的过程中，由动量定理有1A1AAFtm gtm v=代入数据解得A8m/sv=，物块 A 的位移为AA18m2vxt=设物块 A 碰撞前的速度大小为0v，由动能定理有2AAA012Fxm gLm v=代入数据解得06m/sv=，撤去 F 后，设碰撞前物块 A 做匀减速运动时间为2t，则A2A01s2Lxtvv=+，物块 A 从开始运动

27、到两物块发生碰撞所经历的时间123sttt=+=（2）两物块发生弹性碰撞，由动量守恒和动能守恒，有A0A 1B2m vm vm v=+，222A0A 1B 2111222m vm vm v=+，联立两式并代入数据解得12m/sv=，28m/sv=（3）第一次碰撞后物块 A 继续向右做匀减速运动，加速度大小为22m/s=ag 位移大小为21A11m2vxa=，所经历时间为131svta=由于物块 B 与墙壁碰撞后速度大小不变、方向反向，故31st=时间内，物块 B 通过的路程为B2 318m2Asv tsx=即物块 A 静止前两物块没有发生碰撞，到两物块发生第二次碰撞时，物块 B 通过的路程为B1A129mssx=设两物块第二次发生碰撞后物块 B 和 A 的速度大小为3v和4v，则有B2B 3A4m vm vm v=+，222B 2B 3A4111222m vm vm v=+联立两式并代入数据解得38m/s3v=，416m/s3v=物块 A 做匀减速运动到停止，其位移24A264m29vxa=物块 B 从两物块第二次碰撞后到两物块第三次碰撞前通过的路程为B2A1A21362()m9ssxx=+=学科网（北京）股份有限公司 1从开始到两物块第三次碰撞前物块 B 走过的总路程为B1B2 217m9sss=+=总