2022年广东省潮州市全国计算机等级考试网络技术模拟考试(含答案).docx

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1、2022年广东省潮州市全国计算机等级考试网络技术模拟考试（含答案）学校:班级:姓名:考号:一、单选题（10题）1 .下列关于RPR技术的描述中，错误的是0A.RPR与FDDI 一样使用双环结构B.在RPR环中，源节点向目的节点成功发出的数据帧要由源节点从环 中收回C.RPR环中每一个节点都执行SRP公平算法D.RPR能够在50ms内隔离出现故障的节点和光纤段2 .以太网的物理地址长度为（）。A.8bit B.24bit C.48bit D.64bit3 .若某大学分配给计算机系和自动化系的IP地址块分别为 211 .81 . 16 . 128 / 26 和 211 .81 . 16 . 192

2、/ 26,这两个地址块聚合后 的地址为（）。A.211 .81 . 16 . 0/24B.211 . 81 . 16 . 0/25C.211 . 81 . 16 . 128/24D.211 . 81 . 16 . 128/25chardm5;/*产品代码 */charmcil;/* 产品名称 */int dj; /* 单价 */iht si; /* 数量 */long Se; /* 金额*/ PRO;PRO sell MAX;void ReadDat();void WriteDat();void SortDat()(main ()(memset(sell, 0, sizeof(sell);Re

3、adDat ();SortDat ();WriteDat ();void ReadDat ()(FILE *fp;char str80J, chl 1;int i;fp = fopen(HIN6.DAT, HrH);for (i = 0; i 100; i+)(fgets(str, 80, fp);memcpy (sell i .dm, str, 4);memcpy(selli.mc, str + 4, 10);memcpy(ch, str+14, 4); chi4 = 0;selli.dj = atoi(ch);memcpy(ch, str +18, 5); chi5 = 0;selllii

4、.sl = atoi(ch);selli.je = (long) selli.dj * sellfi.sl;)fclose (fp);void WritcDat()FILE*fp;int i;fp = fopen(uOUT6.DATn, Hwn);for(i = 0; i 0,则该数满足条件，存入数组b中，且个数 cnt=cnt+l o8129, 9-8-1-20,则该数不满足条件，忽略。注意：部分源程序已给出。程序中已定义数组：a300), b300,已定义变量：ent。请勿改动主函数main。、读函数readDat。和写函数writeDat。的内容。试题程序：#include int a3

5、OO,b3OO,cnt=O;jsValue() main ()(int i;readDat();jsValue();writeDat();printf (,cnt=%dn ent);for(i=0;i cnt;i+)print f(nb %d =%dn, i,b lii);)readDat ()(FILE *fp;int i;fp=fopen CIN57 .DAT”，T);for (i=0; i 300; i+)fscanf (fp, n%d, ,&a ii); fclose(fp);)writeDat ()(FILE *fp;int i;fp=fopen nOUT57. DAT“，); fp

6、rintf(fp, n%dnu,cnt);for (i=0; i ent; i+)fprintf(fp, H%dnH,bi);fclose (fp);36.已知数据文件IN72.DAT中存有200个4位数，并已调用读函数readDat。把这些数存入数组a中，请编制一函数jsVal(),其功能是：把 个位数字和千位数字重新组合成一个新的十位数ab(新十位数的十位数 字是原4位数的个位数字，新十位数的个位数字是原4位数的千位数 字)，以及把百位数字和十位数字组成另一个新的十位数cd(新十位数的 十位数字是原4位数的百位数字，新十位数的个位数字是原4位数的十 位数字)，如果新组成的两个数均为偶数且两

7、个十位数中至少有一个数 能被9整除，同时两个新十位数字均不为零，则将满足此条件的4位数 按从大到小的顺序存入数组b中，并计算满足上述条件的4位数的个数 ent,最后调用.写函数writeDat()把结果ent及数组b中符合条件的4位 数输出到OUT72.DAT文件中。注意：部分源程序已给出。程序中已定义数组：a200,b200,已定义变量：ent。请勿改动主函数main。、读函数readDat。和写函writeDat。的内容。试题程序：#include #define MAX 200int alMAX, bMAX, cnt=0; void jsval() ( (Void readDat() (

8、int i ；FILE *fp;fp=fopen(HIN72. DAT, nrn)；for(i=0; i NAX; i+) fscanf(fp, %dM, &ai; fclose(fp)；main() int i;readDat();jsVal()for(i=0; i ent; i+) printf(%dnu, bi);prlntf(nn)；wrlteDat()；)wrlteDat()(FILE *fp;int i;fp=fopen(OUT72.DAT”，W); fprlrltf(fp, n%dn ent);for(i=0 ； i Cht; i+fprlntf(fp, %dn, hi)；fcl

9、ose(fp)；参考答案1.BRPR环限制数据帧只在源节点与目的节点之间的光纤段上传输，当 源节点成功的发送一个数据帧之后，这个数据帧要由目的节点从环中收 回，所以B选项描述错误。2 .C解析：典型的Ethernet物理地址长度为48位（6个字节），允许分配 的Ethernet物理地址应该有247个，这个物理地址的数量可以保证全球 所有可能的Ethernet物理地址的需求。3 .D地址聚合是指把几个小网络合并为一个大网络，主要是通过修改子 网位实现（增大）。具体方法是判断这些地址最左边的多少位相同的，需 要如下3步。第一步：将地址转换为二进制格式，并将它们对齐。第 二步：找到所有地址中都相同的

10、最后一位。第三步：计算有多少位是相 同的。即 211 . 81 . 16 . 128 / 25。故选 D 选项。4 .C5 .C局域网交换机具有很多特点。主要有：低传输延迟：支持不同的传 输速率和工作模式；支持虚拟局域网服务。选项O中的可以根据用户级 别设置访问权限不是局域网交换机的特点。6.BP46 9%的每年停机时间小于等于8.8小时7 .C8 .C9 .A解析：美国国防部在1985年正式颁布了DoD可信计算机系统评 估标准。在这个标准中，对于计算机系统的安全等级做了七级划分： D, Cl, C2, Bl, B2, B3, Ao其中D级为最小保护，几乎没有专门的 机制进行安全性保护。在以后

11、的各级中，逐渐加强对用户访问权限的控 制。10 .DIEEE802.llb的运作模式分为点对点模式和基本模式。点对点模式 是指无线网卡和无线网卡之间的通信方式。这种连接方式对于小型的网 络来说是非常方便的，它最多可以允许256台PC连接。基本模式是指 无线网络规模扩充或无线和有线网络并存时的通信方式，这也是IEEE 802.11b现在最普及的方式。接入点负责频段管理及漫游等指挥工作， 一个接入点最多可连接1024台PC。综上所述，D选项错误。11.540540解析：传输延迟是设计卫星数据通信系统时需要注意的一个 重要参数。两个地面结点通过卫星转发信号的传输延迟典型值一般取为 540ms o12

12、 .(16)身份识别【解析】身份认证又称身份识别，它是通信和数据系统 中正确识别通信用户或终端身份的重要途径。13 .可用性信息安全包括5个基本要素,分别是机密性、完整性、可用性、 可控性与可审查性。机密性：确保信息不暴露给未授权的实体或进程。完整性：只有得到允许的人才能修改数据，并且能够判别出数据是 否已被篡改。可用性：得到授权的实体在需要时可以访问数据，即攻击者不能占 用所有的资源而阻碍授权者的工作。-可控性：可以控制授权范围内的信息流向及行为方式。-可审查性：对出现的网络安全问题提供调查的依据和手段。在网络系统中，当信息从信源向信宿流动时，可能受到攻击的类型包括 中断、截取、修改和捏造。

13、其中，中断是指系统资源遭到破坏或变得不 能使用，这是对可用性的攻击，例如对一些硬件进行破坏、切断通信线 路或禁用文件管理系统；截取是指未经授权的实体得到了资源的访问权, 这是对保密性的攻击；修改是指未经授权的实体不仅得到了访问权，而 且还篡改了资源，这是对完整性的攻击；捏造是指未经授权的实体向系 统中插入伪造的对象，这是对真实性的攻击。由此可见，一个现代的信 息系统若不包含有效的信息安全技术措施，就不能被认为是完整的和可 信的。14 .可用【解析】中断是对可用性的攻击。15 .并发服务器在互联网中，客户机发起请求完全是随机的，很有可能出 现多个请求同时到达服务器的情况，因此，服务器必须具备处理

14、多个并 发请求的能力。为此，服务器可以采用重复服务器和并发服务器两种解 决方案。重复服务器方案是指服务器程序中包含一个请求队列，客户机 请求到达后，首先进入队列中等待，服务器按先进先出的原则作出响应， 因此客户请求可能长时间得不到响应。重复服务器方案对系统资源要求 不高，一般用于处理可在预期时间内处理完的请求，针对面向无连接的 客户机/服务器模型。并发服务器方案是一个守护进程，在没有请求到达 时，它处于等待状态。一旦客户请求到达，服务器立即为之创建一个子 进程，然后回到等待状态，由子进程响应请求，当下一个请求到达时， 服务器再为之创建一个新的子进程，因此请求不会长时间得不到响应。 在并发服务器

15、方案中，服务器称为主服务器，子进程称为从服务器。并 发服务器方案实时性和灵活性强，对主机的软、硬件资源要求较高，一 般用于处理不能在预期时间内处理完的请求，针对面向连接的客户机/ 服务器模型。16 .问题定义问题定义 解析：软件计划阶段可以分成问题定义和可行性 研究两个子阶段。17 .(8)基于IP广播组【解析】基于1P广播组的虚拟局域网是动态建立的，由代理对虚拟局域 网中的成员进行管理。18 .无环路无环路解析：生成树算法通过网桥之间的协商构造出一个生 成树。这些协商的结果是：每个网桥都有一个端口被置于转发状态，其 他端口则被置于阻塞状态。该过程将保证网络中的任何两个设备之间只 有一个通路，

16、创建一个逻辑上无环路的网络拓扑结构。19 .HTML【解析】WWW服务器中所存储的页面是一一种结构化的文档，采用超 文本标记语言(Hypertext Markup Language, HTML)书写而成。20 .调制解调器实现数字信号和模拟信号之间转换的设备是调制解调器。 在计算机网络中，这是一种用途广泛的设备。例如，当个人计算机以拨 号方式接人Internet网时，计算机发出的数字信号无法在电话网上直接 传送。因为电话网上只能传输模拟信号。为此数字信号必须转换成模拟 信号，这个过程称为“调制”。这种转换需要使用调制解调器。接收方的 计算机则需要将从电话网上传输过来的模拟信号转换成数字信号，这

17、个 过程称为“解调”，也要通过调制解调器。21 .个人计算机个人计算机 解析：1989年11月美国IEEE(电子电气工 程师学会)的一个专门委员会根据计算机种类的演变过程和发展趋势， 把当时的计算机分为六大类：大型主机、小型计算机、个人计算机、工 作站、巨型计算机和小巨型机。22 .指令周期指令周期解析：CPU每执行一条指令，都需要完成一系列 的操作，这一系列操作所需的时间通常叫作一个指令周期。23 .服务与被服务服务与被服务24期文明文解析在加密技术中，作为算法输入的原始信息称为明文。25 .单一通信或unicast单一通信或unicast解析：在IPv6中按接口界面 而不是按节点(路由器或

18、主机)分配地址，在IPv6中可以给一个接口界面 分配复数个不同类别的地址。IPv6具有3种寻址方式：1、单一通信： 一个接口界面只拥有一个惟一的地址。如果报文的目的地址为单一地址, 则该报文被转发至具有相应地址的界面。2、任意通信：接口界面集合的 地址。如果报文的目的地址为任意通信地址，则该报文被转发给距报文 发送源最近的一个接口界面。3、组播通信：接口界面集合的地址。如果 报文的目的地址为组播通信地址，则具有该地址的所有接口界面都将收 到相应的报文。26 .点分十进制点分十进制解析：为了便于记忆，IP地址将4个字节的 二进制数值转换为四个十进制数值记忆。27 .业务系统业务系统 解析：从整体

19、上看，电子商务系统是一个相当复 杂和庞大的系统，其体系结构可以分为网络基础平台、安全结构、支付 体系和业务系统。28 .宽带 或Broadband或 宽带(Broadband)宽带 或Broadband或 宽带 (Broadband)解析：B-ISDN中的B是指Broadband,意思是宽带。29 .【审题关键句】以行为单位把所有字符的ASCII值右移4位，后把 右移后的字符ASCII值再加上原字符的ASCII值，得到新的字符。 n【解题思路】n首先定义循环变量i、j和表示字符串长度的整型变量strlo(33)是网络与网络连接的桥梁，属于因特网中最重要的设备是A)中继器B)集线器4 . C)路

20、由器D)服务器5 .局域网交换机具有很多特点。下面关于局域网交换机的论述中哪些说 法是不正确的?( )oA.低传输延迟B.支持不同的传输速率和工作模式C.可以根据用户级 别设置访问权限D.支持虚拟局域网服务6 .若服务器系统年停机时间为6小时，那么系统可用性至少达到() A.99% B.99.9% C.99.99% D.99.999%7 .机房是放置()等核心设备的场所。A.交换机、路由器、显示器、键盘8 .核心路由器、服务器、配电箱C.核心路由器、交换机、服务器D.核心交换机、路由器、配电箱9 .下述说法中正确的是()。A.通路是两个结点间的实际通信连线B.链路是两个结点间的实际通信连线C.

21、通路是从信源到信宿的一串结点和链路D.链路是从信源到信宿的一串结点和通信连线n在第一层for循环中，循环变量i从0开始，依次递增直到其值等于 或大于maxline,在循环体中，首先用函数strlen(originali)计算字符串 original的长度，把这个值赋给整型变量strl。在第二层for循环中，循 环变量j从0开始，依次递增直到其值等于或大于strl,利用表达式 originalij+=originalij4 实现对字符 originalij的 ASCII 码值右 移4位后所得到值与原字符originalij的ASCII码值相加，仍存入原 字符串对应的位置上的功能。n【参考答案】n

22、30.【审题关键旬】计算500 800区间内素数的个数，素数的值从大到 小排序，再计算其间隔减、加之和，即第1个素数-第2个素数+第3个 素数一第4个素数+第5个素数的值。n【解题思路】n首先定义一个循环变量循环i和用于正负号转换的变量j,同时赋j 的初值为-1。n通过for循环对800到500的每个数字进行逐个的扫描，指定循环 变量i的初值为800,当i值等于500停止循环，每执行一次循环，i的 值便减lo(注意，本题for循环从大到小依次读取数据是根据题目要求 设计的，这样得到的素数值其排序方式就是从大到小排序。)n在每次执行for循环时，都调用素数判断函数isPrime判断当前的i 值是

23、否为素数，如果是素数，则素数计数变量ent值加1,正负号转换 变量j的值乘以-1,实现正负数的交替转换，最后将每次循环得到的力 的值累加到求和变量sum中。n【参考答案】n n ntnn第2类数位分解并重组后再筛选统计并排序31.C解析：局域网交换机的主要特点表现在以下几个方面：低交换传输 延迟；高传输带宽：允许不同速率的网卡共存，交换机可以完成不同端 口速率之间的转换，使10/100Mbps两种网卡共存在同一网络中，从而 大大地减轻了网络管理的负担：局域网交换机可以支持虚拟局域网服务。 但是，局域网交换机对于保证系统的安全性没有直接的作用。32.B解析:本题考查点是网络协议的作用。联网计算机

24、进行数据通信时， 为了做到有条不紊地交换数据，每台计算机都必须遵守统一的网络协议。 网络协议是指为网络数据通信而制定的规则、约定或标准。这一点和现 实生活中的其他通信，例如邮政通信系统是相似的。计算机网络通信中 要完成诸如信息表示、对话控制、顺序控制、路由选择、链路管理、差 错控制、信号传送与接收等问题。这些问题的解决，必须要在网络通信 中精确地规定通信时所交换数据的内容、格式和时序。33.AInternet主要由通信线路、路由器、主机、信息资源4个部分组成。 主机指接入Internet的计算机。按照扮演的角色不同，主机分为客户机 和服务器。客户机指资源和服务的使用者，服务器指资源和服务的提供

25、 者。34.void SortDat() int ij; PRO xy; for(i=O;i 99;i+) for(j=i+l;j 0) / *按产品名称从小到大进行排列* / xy=selli;sell i=selli;sellfj=xy; else if(strcmp(selli.mcsellj/mc)=O) /*若产品名称相同*/ if(selli.ie sellj.je) /*则按金额从小到大进 行排歹/ xy=selli;selli=sellj;sellj=xy;) (void SortDat()rn rn int i,j;rn PRO xy;rn for(i=O;i 99;i+)r

26、n for(j=i+l;j 0) / *按产品名称从小到大进行排列* / rnxy=sellil;selli=selli;sellj=xy;rnelseif(strcmp(selli.mc,sellj/mc)=O) / *若产品名称相同* / rn if(selli.ie sellUJ.je) / *则按金额从小到大进行排列* / rn xy=selli;selli=sellj;sell|j=xy;)rn 解析:本题是有关结构体数组的 排序问题，可以用选择法来实现。用第一个元素的产品名称依次和它后 面的元素的产品名称进行比较，如果发现当前元素的产品名称比后面的 某个元素的产品名称对应字符的AS

27、CII码大(这里用到了字符串比较函 数sircmpO),则交换这两个元素的位置，继续和后面的其他元素进行比 较，最终在第一个元素中存放的是产品名称最小的元素。以此类推，就 实现了从小到大排序的功能。注意：这里要进行交换的是两个结构体变 量，而不是它们的某一个域，因此，要借助第三个结构体变量来充当中 间容器。若产品名称相同，则要按照金额从小到大进行排序。35.jsValue ( ) int i thou hun ten data j; for (i=0; i 0) /*如果个位烽减千位数减 百位数减十位数大于零*/ b lent -a I i ; /*则将满足条件的数存入数组 b 中*/ cnt

28、+; /*统计满足条件的数的个数*/ for (i=0; i ent-1; i+) /* 对数组b的4位数按从大到小的顺序进行排序*/ for (j=i+l； j ent; j+) if (bi bj) data=b ii; bi=b9; b j =data; JjsValue ()rn rn int i, thou, hun, ten, data, j;rn for (i=0; i 0) /*如果个位烽减千位数 减百位数减十位数大于零*Arn rn b ent -a i ; /*则将满足条件的数 存入数组b中*八rn cnt+; /*统计满足条件的数的个数*Zrn rn rn for (i=

29、0; i cntl; i+)/*对数组b的4位数按从大到小的顺序进行排序*Arn for (j=i+l; j ent; j+)rn if (bi bj)rn rn data=b ii;rn bi=b9;rn b j =data;rn rn 解析：本题考查的知识点如下： 运算符“ % ”及的使用。循环结构及选择结构的使用。在本题中，首先要将一个4位数的千位、百位、十位、个位拆成独立的 数字。这里借助特殊运算符号“”(取余)和“尸(整除)。将一个4位数整 除1000则叫得到其千位上的数字，除以1(X)0取余再整除100则可得 百位上的数字，除以100取余再整除10则可得十位上的数字，除以10 取余

30、则得个位上的数字。然后按照题意要求将各位依次相减进行判断。 将符合条件的数存入数组b中，最后的排序采用“选择排序法”。36.void jsVal( ) iht i thou hun ten data j; iht ab cd; for (i=0;i 200;i+) thou=a i/1000; /* 求四位数的千位数字*/ hun=a i%l 000/100; /* 求四位 数的百位数字*/ ten=a i %100/10; /*求四位数的十位数字*/ data=a ij %10；/*求四位数的个位数字*/ ab=data*10+thou; /*把个位数的千位数 重新组合成一个新的十位数ab*

31、/ cd=hun*10+ten; /*把百位数和十位数组 成另一个新的十位数 cd*/ if (ab%9=0| | cd%9=0) & (ab%2 !=1) & (cd%2 !=l)&ab!=O&cd!=O) /*如果新组成的两个数均为偶数且两个 十位数中至少有一个数能被9整除同时两个新十位数字均不为零*/b cut=a i; /*将满足条件的4位数存入数组b中*/ cnt+; /*统计满足条 件的数的个数*/ 。=0；15皿；1+)/*将数组6中的数按从大到小 的顺序排列*/for (j = i+1; j cnt;j+) if (b i b fj) data=b i bi=bj; b j =

32、data; void jsVal( )rn rn iht i, thou, hun, ten, data, j;rn iht ab, cd;rn for (i=0;i 200;i+)rn rn thou=a i/1000; /*求四位数的千位数 字*Arn hun=a i% 1000/100; /* 求四位 数的百 位数字 *Arn ten=a i %100/10; /*求四位数的十位数字*八rn data=a i %10; /*求四位数的个 位数字*/rn ab二data*10+thou; /*把个位数的千位数重新组合成一个新的 十位数ab*Arn cd=hun*10+ten; /*把百位数

33、和十位数组成另一新的十 位数 cd*Arn if ( (ab%9=0| | cd%9=0) & (ab%2 !=1) & (cd%2 !=1) &ab! =0&cd! =0)rn /*如果新组成的两个数均为偶数且两个十位数 中至少有一个rn数能被9整除，同时两个新十位数字均不为零*/rnb cut=a用；/*将满足条件的4位数存入数组b中*Arn cnt+; /*统计满足 条件的数的个数*Arn rn rn for (i=0; i cnt-1; i+) /*将数组b中的数 按从大到小的顺序排列*ArW for(j=i+l;j cnt;j+)rn if(b i b j)rn data=b irn

34、 bi=bj;rn b j =data;rn rn 解析：本题考查的知识 点如下：将一们位整数各位上的数转变成单独的个位数。(2)判断结构中多个条件的布尔运算。循环的使用。(4)数据的排序。在本题中，首先要将1个4位数的千位、百位、十位、个位拆成独立的 数字。这里借助特殊运算符号“”(取余)和“尸(整除)。将1个4位数整 除1000则可得到其千位上的数字，除以1000取余再整除100则可得百 位上的数字，除以100取余再整除10则可得十位上的数字，除以10取 余则得个位卜的数字。若1个数除以2取余为0,则这个数是偶数。两 个数中至少有1个能被9整除，ab能被9整除与cd能被9整除两个条 件满足

35、1个即可，所以这两个条件之间用“或”运算。但这个条件与其他 条件必须同时满足，所以此条件与其他条件之间用“与”运算。最后的排 序采用“选择排序法”。9.美国国防部安全标准定义了 4个安全级别，其中最高安全级提供了最全面的安全支持，它是（）。A.A级B.B级C.C级D.D级 10.下列关于IEEE 802.1 1b的基本运作模式的描述，错误的是（）oA.点对点模式是指无线网卡和无线网卡之间的通信方式B.在点对点模式中最多可连接256台PCC.基本模式是无线和有线网络并存的通信方式D.在基本模式中一个接入点最多可连接512台PC二、填空题（10题）11 .传输延迟是设计卫星数据通信系统时需要注意的

36、一个重要参数。两 个地面结点通过卫星转发信号的传输延迟典型值一般取【】ms。12 .（16）身份认证又称为 它是通信和数据系统中正确识别通信用户或终端身份的重要途径。13 .信息安全包括5个基本要素：机密性、完整性、可控性与可审查性。14 .（16）当信息从信源向信宿流动时可能会受到攻击。其中中断攻击是 破坏系统资源，这是对网络 性的攻击。15 .在C/S模型中，服务器响应并发请求的解决方案有重复服务器方案 和方案。16 .软件计划阶段可以分成 和可行性研究两个子阶段。17 .(8)的虚拟局域网的建立是动态的，它代表了一组IP地址， 并由称做代理的设备对虚拟局域网中的成员进行管理。18 .应用

37、生成树算法可以构造出一个生成树，创建了一个逻辑上的网络拓扑结构。19 .第62题WWW服务器中所储存的页面是一种结构化的文档，通常用 书写而成。20 .在计算机网络中，实现数字信号和模拟信号之闯转换的设备是7o三、2.填空题(8题)21 .美国IEEE的一个专门委员会曾经把计算机分为六类即大型主机、 小型计算机、【】、工作站、巨型计算机和小巨型机。22 .计算机执行一条指令需要的时间称为【】。23 .在网络协议的各层中，相邻层之间的关系是的关系。24 .在加密技术中，作为算法输入的原始信息称为【o25 . IPv6提供了 3种寻址方式，它们是【】、任意通信与组播通信。26 .为了方便用户记忆，

38、IP地址采用【】标记法。27 .电子商务的体系结构可以分为网络基础平台、安全结构、支付体系 和 四个层次。28 . B-ISDN中的ISDN的意思是综合业务数字网(Integrated Service Digital Network),而B的意思是【四、C语言程序设计题(2题)29 .函数RData实现从文件in . dat中读取一篇英文文章存入到字符串 数组original中，请编写函数StrCharMove,其函数的功能是：以行为单 位把字符串中所有字符的ASCII值右移4位，然后把右移后的字符 ASCII值再加上原字符的ASCII值，得到新的字符仍存入原字符串对应 的位置上。最后把已处理

39、的字符串仍按行重新存入字符串数组original 中，最后调用函数WData,把结果original输出到文件out . dat中。原始数据文件存放的格式是：每行的宽度均小于80个字符(含标点符号和空格)。注意：部分程序已经给出。请勿改动主函数main、读数据函数RData和输出数据函数WData的内容。linclude include Otting.h345678910includechar original(5080; int maxline 0;int void voidRData(void);WData(void);StrCharMove()voidmain ()RData O;Str

40、CharMove();WData O;181920212223242526272829303132333435/从文件mdal中读取-育英文文9存入到字苻印的但original中/ int RData(void)FILE int char, fp;-0;if (fp fopen(in.dat, r)NULL】return 1;while (fgets(original(IL 80, fp) - NULL)p strchr(original(iJ, n) if (p)p , 0;maxline - i fclose(fp); return 0;/尼结果octipnal 出列文件oulxhl中/3

41、73839404142434445464736 ；void WData()FILE fp；int i;fp - fopen (*out.datR, RwM);for (i0; imaxline; )(printf(*%sn* original(1);fprmtf (fp, M%sn/ original(1)iIfclose(fp);30 .程序test . C的功能是:计算500 800区间内素数的个数ent,并按 所求素数的值从大到小的顺序，计算其间隔减、加之和，即第1个素数-第2个素数+第3个素数-第4个素数+第5个素数的值sum。请编写 函数countValue实现程序的要求，最后mai

42、n函数调用函数writeDATO 把结果ent和sum,输出到文件Out . dat中。注意：部分源程序存放在test, c文件中。请勿改动主函数main和输出数据函数writeDAT的内容。 include 改加&m句说明善程序中包含“6.0中的标掂入出零的数wd4bint ent, sum;定义全用镀型殳置6J sunvoid writeDATO ; *“toDAT”的悦明演句45678910int isPrime (int num) 曲数刑斯num爱否为腐败，如果是.7返网1否剜返回。(int i; 定义整M交量1for (i - 2; i - num / 2; i*) 环支从2开始.M次加】，fl到用位大于ns / 2 if(num i i 0)return 0; 如果num能被1筋除.剜返回0return 1; /否则通回1void countvalue()131415161718192021222324252627282930void main()(ent sum - 0; /给全局慢ent. sun 0countVaLue () ; /Uinj countValucO更现&Ht!求的功候printf (”素数的个数-Qdn，ent); 在川幕上城示宗教的个数entprintf !