（2023年）甘肃省庆阳市全国计算机等级考试网络技术模拟考试(含答案).docx

《（2023年）甘肃省庆阳市全国计算机等级考试网络技术模拟考试(含答案).docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《（2023年）甘肃省庆阳市全国计算机等级考试网络技术模拟考试(含答案).docx（26页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、（2023年）甘肃省庆阳市全国计算机等级考试网络技术模拟考试（含答案）学校:班级:姓名:考号:一、单选题（10题）1 .软件测试阶段的主要任务是（）oA.将模块的过程描述变成程序B.要发现并排除前面各阶段产生的各种错误C.工程费用开支审计D.全面准确地分析用户的需求2 .ADSL上行速率在（）。A.64Kbps 640KbpsB.640Kbps 7MbpsC.7Mbps10MbpsD. 10Mbps 20Mbps(34) Internet采用的主要通信协议是B) CSMA/CDD) FTP.A) TCP/IP3.C) Token Ring4.电子商务应用系统由4部分构成，它们是CA安全认证系统

2、、业务应 用系统、用户及终端系统和A.A.防火墙系统B.入侵检测系统C.支付网关系统D.统一的一站式购 物系统28293334353637383940414243444546474849while(fgets(xx(i,80,p) ! NULL)maxline - i; fclose(fp); return 0;NX 出刎支件中/ void WriteDat(void)FILE efp;intfp fopcn(Hout.dat*r w);for(i 0; i maxline;(printfxx(1J);fprintf (fptxxi);fclose(fp);五、1 .选择题（3题）31 .在计

3、算机网络的ISO/OSI七层模型中，负责选择合适的路由，使发 送的分组合能够正确无误地按照地址找到目的站并交付给目的站的是A.网络层B.数据链路层C.运输层D.物理层32 .为了防止第三方偷看或篡改用户与Web服务器交互的信息，可以采用 OA.在客户端加载数字证书B.将服务器的IP地址放入可信站点区C.SSL 技术D.将服务器的IP地址放人受限站点区33 .资源子网的主要组成单元是（）oA.计算机硬件B.主机C服务器D.信息资源 六、1 .程序设计题(3题)34 .请编制函数ReadDa()实现从文件IN83.DAT中读取1000个十进制 整数到数组xx中。请编制函数Compute。分别计算出

4、xx中奇数的个数 odd、奇数的平均值avel、偶数的平均值ave2及所有奇数的方差totfc的 值。最后调用函数WrireDat。把结果输出到OUT83.DAT文件中。计算方差的公式如下： y-itotfc=三(工由一 avel)2 IN设N为奇数的个数，xxi为奇数，avel为奇数的平均值。原始数据的存放格式是：每行存放1。个数，并用逗号隔开(每个数均大 于0且小于等于2000) o注意：部分源程序已给出。请勿改动主函数main()和输写函数WriteDat。的内容。试题程序：#include #include #include #define MAX 1000int xxMAX,odd=

5、0,even=0;double avel=0.0,ave2=0.0,totfc=0.0;void WritcDat(void);int ReadDat (void)FILE *fp; if (fp=fopen (nIN83. DAT，T) =NULL) return 1; fclose (fp);return 0;void Compute (void)void main()(int i;for (i=0; i MAX; i+)xxi=0;if (ReadDat () (printf (数据文件 IN83.DAT 不能打开！ 007n);return;)Compute ();printf(MOD

6、D=%dnAVEl=%AnAVE2=%AnTOTFC=%Anodd,avel,ave2,totfc);WriteDat ();void WriteDat(void)(FILE *fp;int i;fp=fopen (nOUT83. DATw”)；fprintf (fp,u%dn%lfn%lfn%lfnn,odd,avel,ave2,totfc);fclose(fp);)35 .已知数据文件IN77.DAT中存有200个4位数，并已调用读函数readDat。把这些数存入数组a中，请编制一函数jsVal(),其功能是：如 果一个4位数的干位数字上的值加十位数字上的值恰好等于百位数字 上的值加上个位

7、数字上的值，并且此4位数是偶数，则统计(十)满足此条 件的数的个数ent并把这些4位数按从小到大的顺序存入数组b中，最 后调用写函数writeDat。把结果ent及数组b中符合条件的4位数输出 至IJOUT77.DAT文件中。注意：部分源程序已给出。程序中已定义数组：a200, b200,已定义变量：cnt0请勿改动主函数main。、读函数readDat。和写函数writeDat()的内容。试题程序：#include #define MAX 200int aMAX ,bMAX ,cnt=0;void jsVal()( ) void readDat () ( int i;FILE *fp;fp=

8、fopen (nIN77. DAT” Jr);for (i=0; i MAX; i+)fscanf (fp, n%df&a i);fclose (fp);)main ()(int i;readDat ();jsVal ();printf (满足条件的数二%dn ent) for (i=0; i ent; i+) printf(n%dn,b i);printf(nnn);writeDat ();writeDat ()(FILE *fp;int i;fp= fopen (n0UT7 7. DAT“，); fprint f (fp, odn，ent);for (i=0;i #define MAX 2

9、00int aMAX, bMAX, ent = 0;void jsVal()(void readDat ()(int i;FILE *fp;fp = fopen(nIN23.DAT nrnfor(i=0; iMAX; i+)fscanf(fp, n%d &ai fclose (fp);main ()(int i;readDat ();jsVal ();printf (满足条件的数二%dn”, ent);for(i=0; ient; i+)printf(n%dn, bi);printf(Hnu);writeDat ();)writeDat ()(FILE *fp;int i;fp = fopen

10、(nOUT23.DAT nwn);fprintf(fp, %drT, ent);for(i=0; ient; i+)fprintf(fp, %dn，bi);fclose (fp);参考答案1.B在“测试”子阶段，要发现并排除前面各阶段产生的各种错误。选项 A),将模块的过程描述变成程序这是“编码”子阶段的任务。2 .AADSL技术具有非对称带宽特性，上行速率在64Kbps640Kbps,下 行速率在500Kbps7Mbps。故选择A选项。3 .A4 .C5.BIEEE802 . 11a的最大传输速率为54Mbit / so故选B选项。6 .C解析：软件和硬件有本质不同，因此有很强的区分性，同时

11、，硬件 与软件在功能上具有等价性，所谓等价性是指某个功n能既可以用硬 件实现，也可以用软件实现，无非在硬件实现时成本很高，但速度也很 快;而用软件实现时运行速n度较慢，但成本也低。人们在开发硬软件 产品时，要根据具本情况而定，因此硬件与软件在发展上具有同步性。 硬件升级了，软件也必然升级。7 .DSIP系统由4种元素组成：用户代理、代理服务器、重定向服务器和 注册服务器。8 .D rnWPS是知名的国产软件，Excel和Access都是微软的办公软件套装的 一员，Project是项目管理软件。9 .A解析：本题考查点是IP地址和子网掩码的计算。D地址中和子网掩 码为1的位相对应的部分是网络地址

12、和子网地址和为。的位相对应的 部分则是主机地址。显然，主机的IP地址为202.113.224.68,这是一个 C类地址，其网络地址为。子网地址和主机地址一起构成 68 o子网掩码为255.255.255.240,将子网掩码写成二进制数为： 11111111.11111111.11111111, 11110000,可知第 4 字节前 4 位为 1,表示 它是子网地址部分。IP地址中的68写成二进制数，取其前4位表示子 网地址即(01000000)2,用十进制表示为64,后4位表示主机地址即 (0100)2,用十进制表示为4。10C在Serv-UFTP服务器中，可以构建多个虚拟服务器，称作域，由

13、IP地址和端口号惟一识别。创建新域添加用户时，在用户名称文本对话 框中输入anonymous,系统自动判定匿名用户。服务器最大用户数是指 服务器允许同时在线的最大用户数量。用户上传/下载率选项要求FTP 客户端在下载信息的同时也要上传文件。故选择C选项。11 .并发服务器在互联网中，客户机发起请求完全是随机的，很有可能出 现多个请求同时到达服务器的情况，因此，服务器必须具备处理多个并 发请求的能力。为此，服务器可以采用重复服务器和并发服务器两种解 决方案。重复服务器方案是指服务器程序中包含一个请求队列，客户机 请求到达后，首先进入队列中等待，服务器按先进先出的原则作出响应, 因此客户请求可能长

14、时间得不到响应。重复服务器方案对系统资源要求 不高，一般用于处理可在预期时间内处理完的请求，针对面向无连接的 客户机/服务器模型。并发服务器方案是一个守护进程，在没有请求到达 时，它处于等待状态。一旦客户请求到达，服务器立即为之创建一个子 进程，然后回到等待状态，由子进程响应请求，当下一个请求到达时, 服务器再为之创建一个新的子进程，因此请求不会长时间得不到响应。 在并发服务器方案中，服务器称为主服务器，子进程称为从服务器。并 发服务器方案实时性和灵活性强，对主机的软、硬件资源要求较高，一 般用于处理不能在预期时间内处理完的请求，针对面向连接的客户机/ 服务器模型。12 .非对称HFC （混合

15、光纤/同轴电缆网）接入是指借助有线电视网接入 Internet的方式。HFC接入也采用非对称的数据传输，上行传输速率在 10Mbps左右，下行传输速率为10Mbps40Mbpso由于HFC的接入速 率较高且24小时在线，所以无论是单机接入还是局域网接入都非常简 单。HFC采用共享式的传输方式，用户越多，每个用户实际可以使用的 带宽就越窄。13 .可用性信息安全包括5个基本要素,分别是机密性、完整性、可用性、 可控性与可审查性。- 机密性：确保信息不暴露给未授权的实体或进程。完整性：只有得到允许的人才能修改数据，并且能够判别出数据是 否已被篡改。可用性：得到授权的实体在需要时可以访问数据，即攻击

16、者不能占 用所有的资源而阻碍授权者的工作。- 可控性：可以控制授权范围内的信息流向及行为方式。- 可审查性：对出现的网络安全问题提供调查的依据和手段。在网络系统中，当信息从信源向信宿流动时，可能受到攻击的类型包括 中断、截取、修改和捏造。其中，中断是指系统资源遭到破坏或变得不 能使用，这是对可用性的攻击，例如对一些硬件进行破坏、切断通信线 路或禁用文件管理系统；截取是指未经授权的实体得到了资源的访问权, 这是对保密性的攻击；修改是指未经授权的实体不仅得到了访问权，而 且还篡改了资源，这是对完整性的攻击；捏造是指未经授权的实体向系 统中插入伪造的对象，这是对真实性的攻击。由此可见，一个现代的信

17、息系统若不包含有效的信息安全技术措施，就不能被认为是完整的和可 信的。14 .特定业务会聚子层(SSCS)特定业务会聚子层(SSCS)解析：ATM协议 中,会聚子层CS被定义成特定业务会聚子层(SSCS)和公共部分会聚子 层(CPCS)两个于层。15 .n隔离16 .建立STMP邮件传递主要分如下3个阶段：(1)连接建立阶段：在这一阶段，SMTP客户机请求与服务器的25端 口建立一个TCP连接。一旦连接建立，SMTP服务器和客户机就开始相 互通报自己的域名，同时确认对方的域名。(2)邮件传递阶段：利用MAIL、RCPT和DATA命令，SMTP协议将 邮件的源地址、目的地址和邮件的具体内容传递给

18、SMTP服务器。SMTP 服务器进行相应的响应并接受邮件。(3)连接关闭阶段：SMTP客户机发送QUIT命令，服务器在处理命令 后进行响应，随后关闭TCP连接。17 .18.控制单元控制单元解析：浏览器通常由一系列的用户单元、一系列5 .下列关于IEEE802 . 11系列标准的描述中，错误的是（）oA.IEEE802 . 11 的 MAC 层采用 CSMA / CA 协议B.IEEE802 . 11a的最大传输速率为5 . 4Mbit / sC.IEEE802 . 11b的最大传输速率为11Mbit/sD.IEEE802 . 11g的最大传输速率为54Mbit/s6 .下列说法中，哪一个是正

19、确的？A.软件和硬件是经过科学家严格定义的科学术语B.计算机只要有硬件就能工作，买不买软件无所谓C.软件与硬件在功能上有等价性D.硬件和软件的界限模糊，很难区分7 .按逻辑功能分，SIP系统由4种元素组成，下列元素中不是SIP系统 组成元素的是（）oA.用户代理B.代理服务器C.重定向服务器D.用户8 .第35题以下关于软件的描述，正确的是（）。A.word和WPS都是微软公司出品的软件B.Excel是我国知名的办公软件C.Access是电子表格软件D.Project是项目管理软件的解释单元和一个控制单元组成。19 .代理服务器在局域网上的一台计算机上运行代理服务器软件，这台计 算机称为代理服

20、务器或网关。代理服务器的广域网端口接入Internet,局 域网端口与本地局域网相连.局域网上运行TCP/IP协议。当局域网内的 计算机有对Internet资源和服务的请求时。这些请求将被提交给代理服 务器，并由代理服务器将它们送到Internet上;对于从Internet上返回的 信息，代理服务器将识别这是对局域网中哪台计算机请求的响应.并把相 应的信息传给该计算机，从而完成为局域网内的计算机对Internet的“代 理服务”。这种代理服务是同时实现的，即局域网内的每一台计算机都可 以同时通过代理服务器访问Internet,它们共享代理服务器的一个IP地 址和同一账号。20 .页面等级技术【

21、解析】Google搜索引擎主要采用了分布式爬行网页采集技术、超文本 匹配技术和页面等级技术。21 .电子邮件电子邮件解析：局域网中任何两个结点之间都可以直接实 现通信。对等结构的操作系统可以提供共享硬盘、共享打印机、电子邮 件、共享屏幕与共享CPU服务。22 .交换方式交换方式解析为了克服网络规模与网络性能之间的矛盾； 有如下3种解决方案。提高以太网数据传输率，从10Mbps提高到 100Mbps甚至1 Gbps,这导致了高速局域网的研发，介质访问控制方法 仍采用CSMA/CD方法。将大型局域网划分为多个互联的予网，用网 桥或路由器隔离子网，这导致了局域网互连技术的发展，每个子网的介 质访问控

22、制方法仍然是CSMA/CDO将“共享介质方式”改为“交换方 式”，这导致了“交换式局域网”的研发。它的核心设备是局域网交换机。23 .服务器服务器解析：Solaris运行在使用Sun公司的RISC芯片的工 作站和服务器上。Solaris系统所特有的装载能力和高性能，使Solaris成 为当今Internet上使用最广泛的网络操作系统之一。24 .浏览器浏览器 解析：WWW服务采用客户机/服务器工作模式，客户 端需使用应用软件浏览器，这是一种专用于解读网页的软件。目 前常用的有 Microsoft 公司的 IE(Internet Explorer)和 Netscape 公司的 NetscapeC

23、ommunicatoro浏览器向WWW服务器发出请求，服务器根据 请求将特定页面传送至客户端。页面是HTML文件，需经浏览器解释， 才能使用户看到图文并茂的页面。25 .配置管理配置管理解析：网络管理系统描述的功能由ISO7498-4文 件给出，该文件定义了 5个系统管理功能域，即配置管理、故障管理、 性能管理、计费管理和安全管理。26 .“一站式政府”“一站式政府”解析：面向知识处理阶段的电子政务主 要的目标是在政府信息支撑环境的基础上，利用知识管理技术提高政府 的决策能力，建立基于网络的分布式政府结构，并通过分布式的“一站式 政府”服务中心提供跨部门的政府业务服务。27 .端至ij端(或E

24、nd-to-End)端至ij端(或End-to-End)解析：传输层的丰要任 务足向用户提供可靠的端到端服务，透明地传送报文。它向高层屏蔽了 下层数据通信的细节，因而是计算机通信体系结构中最关键的一层。28 .信息资源信息资源解析：因特网的组成包含：通信线路、路由器、客户机/服务器和信息资源。29 .【审题关键句】计算金额，按产品代码从大到小进行排列，相同的则 按金额从大到小排列，结果存入结构数组。n【解题思路】n首先定义两个循环变量i、j ；一个用来保存结构体变量长度的计算 结果的变量len ；一个用于中间转换数据的结构体变量tmp。n计算结构体变量长度，并按结构体变量tmp分配len大小的

25、内存空 间。n建立两个for循环，指定第一个for循环的循环变量i从0开始，到 100时结束，每循环一次，变量i的值加1 ；第2个for循环的循环变量 j从i+1开始，即从当前行的下一行开始，至1)100时结束，每循环一次, 变量j的值加1。n在循环体中指定排序的条件，分两个步骤指定，第一步通过strcmp 函叛判断第i行的产品代码与其后面各行中产品代码的大小关系；第 二步，如果比较的两行中产品代码相同的话，则再比较金额的大小。当 第i行的产品代码小于后面比较n行的产品代码，又或者产品代码相同时，第i行的金额小于后面比较 行的金额时，将执行if条件语句后面花括号中的命令，花括号中3条命 令的功

26、能就是根据题目要求实现将记录从大到小的排序。n【参考答案】n30 .【审题关键句】以行为单位，新字符串中每个字符的ASCII码值等于 该位置上的原字符ASCII码值加其后面一个字符的ASCII码值，逆序 排序。n【解题思路】n定义整型循环变量i、j和字符局部变量yuanon在第一层for循环中，循环变量i从。开始，依次递增直到其值大于 或等于maxline,在循环体中，首先把第i行的第一个字符xxiO赋给 变量yuan,在第二层for循环中，循环变量j从。开始，依次递增直到 其值等于该行字符串的长度减L在循环体中，将字符xxij的ASCII 码值与字符xxij+l的ASCII码值相加的和保存到

27、字符xxilj中。当 退出第二层for循环后,把第i行的最后一个字符与第一个字符变量yuan 的值相加，最后通过strrevi函数对i行字符串逆序排序。n【参考答案】n31 .A解析：下面是ISO/OSI七层模型中各层主要功能的简要描述物 理层：将比特流送到物理介质上传送；数据链路层：在链路上无差错 一帧一帧传送信息；网络层：分组传输和路由选择；运输层：从端 到端经网络透明地传输报文；会话层：会话的管理和数据传输同步； 表示层：数据格式的转换：应用层：与用户应用程序的接口。32 .C解析：在使用因特网进行电子商务活动中，通常可以使用安全通道 访问Web站点，以避免第三方偷看或篡改。而安全通道使

28、用安全套接层 SSL技术。33 .B解析：主计算机系统称为主机，它是资源子网的主要组成单元，通过高速通信线路与通信子网的通信控制处理机相连接。34.int ReadDat(void) FILE *fp; int ij; if(fp=fopen(IN83.DATr)=NULL) return 1; for(i=0;i 100;i+) for(j=0;j 10;j+) fscanf(fp%d&xxi*10+j)； fscanf(fpn); if(feof(fp) break; fclose(fp); return 0; void Compute (void) int iyyMAX; for(i=0

29、;i 1000;i+) if(xxi%2!=0) odd+; /*计算出 xx 中奇数的个数 odd*/ avel+=xxi; /*求奇数的和*/ yy odd-1 =xx i; /*将奇数存入组中 yy 中*/ else even+; /*计算出 xx 中偶数的个数 even*/ ave2+=xxi; /* 求偶数的和*/ avel/=odd;/*求奇数的平均值*/ave2/=even;/*求偶数的 平均值*/ for(i=0;i odd;i+) totfc+=(yyi-avel)*(yyi-avel)/odd; /*求所 以奇数的方差*/ int ReadDat(void)rn rn FI

30、LE *fp;rn int i,j；rn if(fp=fopen(IN83.DAT,r)=NULL) return 1 ;rn for(i=0;i 100;i+)rn rn for(j=0;j 10;j+)rnfscanf(fp,%d,&xxi*10+j);rnfscanf(fp,n);rn if(feof(fp) break;rn rn fclose(fp);rn return 0;rn rnrn void Compute (void)rn rn int i,yyMAX;rn for(i=0;i 1000;i+)rn if(xxi%2!=0)rn rn odd+; /*计算出 xx 中奇数的

31、个数 odd*Arn avel+=xxi; /*求奇数的和*Arn yy odd-1 =xx i; /*将奇数存入 组中yy中*八rn rn elsern rn even+; /*计算出xx中偶数的个数 even*Arn ave2+=xxi; /*求偶数的和*Arn rn avel/=odd; /*求奇数的 平均值*Arn ave2/=even; /*求偶数的平均值*Arn for(i=0;i odd;i+)rn totfc+=(yyi-avel)*(yyi-avel)/odd;/*求所以奇数的方差*/ rn 解析： 本题考查的知识点如下：从文件中读取数据。奇偶数的判断和方差的求法。在C语言中

32、，有一结构体类型FILE,其中包含文件的一些属性信息。 可定义指针指向该结构体，这个指针称为文件指针。要从文件中读取数 据，首先要判断该文件是否能以“读”的方式打开。若能打开，使用函数 int fscanf(FILE*fp, char*format, args)从fp所指向的文件中依次读取数 据。在本题中，数据的存放很有规律，将数据读出存入数组xx时，只 要控制数组下标就可以了。若文件结束，则退出读取循环。最后要关闭 文件。若一个数除以2取余得0,则该数是偶数，否则为奇数。由方差 公式可知，这是求一些连续的数的表达式的值，所以可以使用循环求得 方差。35 .void jsVal() int i

33、 thou hun ten data j; int ab cd; for (i=0; i MAX; i+) thou=a i/1000; /*求四位数的千位数字*/ hun=a i %1000/100; /*求四 位数的百位数字*/ ten=a i %100/10; /*求四位数的十位数字*/ data=a i %10; /* 求四位数的个位数字 */ if (thou+ten=hun+data) &a i %2仁1) /*如果千位数加十位数等于百位数并且此数是偶数*/ b ent=a i; /*则将满足条件的数存入数组b中*/ cnt+; /*统计满足条件 的数的个数*/ for (i=0;

34、 i cnt-1; i+) /*将数组b中的数按从小到大的 顺序排列*/ for (=i+1; j bj) da ta=b i; bi=bj; b j =data; voidjsVal( )rn rn int i, thou, hun, ten, data, j;rn int ab, cd;rn for (i=0; i MAX; i+)rn rn thou=a i/1000; /*求四位数的千位数字 */rn hun=a i % 1000/100; /* 求四位数的百位数字*Arn ten二a i %100/10; /*求四位数的十位数字*/rn data=a i %10; /*求四位数的个位

35、数字*/rn if (thou+ten=hun+data) &a i %2 !=1 )rn /*如果千位数加十位数等 于百位数，并且此数是偶数*/ rn b cnt=a i; /*则将满足条件的数存入 数组b中*/rn cnt+; /*统计满足条件的数的个数*/rn rn rn for (i=0; i ent-1; i+) /*将数组b中的数按从小到大的顺序排列*Arn for (j=i+l； j bj)rn rn da ta=b i;rn bi=bj;rn b j =data;rn rn 解析：本题考查的知识点如下：将一个4位整数各位上的数转变成单独的个位数。(2)判断结构中多个条件的布尔运

36、算。数据的排序。在本题中，首先要将一个4位数的千位、百位、十位、个位拆成独立的 数字。这里借助特殊运算符号“”(取余)和“/”(整除)。将一们位数整除 1000则可得到其千位上的数字，除以1000取余再整除100则可得百位 上的数字，除以100取余再整除10则可得一卜位上的数字，除以10取 余则得个位上的数字。若一个数除以2取余为0,则这个数是偶数。题 目中的两个条件必须同时满足，所以两条件之间用“与”运算。先将满足 条件的数存入数组b中，再对数组中的数据进行排序。最后的排序采用 “选择排序法”。36 .void jsVal() int i j flag=0; for(i=5; i (MAX;

37、 i+) /*如果 4 位数连续大 于该数以前的5个数则置flag为1否则取下一个数*/ for(j=i-5;jaj) flag=l ；else flag=0; break;if(flag=l&ai%2=l&ai%7=0) /*如果 flag 为 1 且该数是奇数该 数能被7整除则将该数存入数组b中并统计满足条件的数的个数*/ bcnt=ai; cnt+; fori=0 ；i (cnt-1; i+) /*将数组 b 中的数按从大 到小的顺序排列*/for(j=i+l;j cnt; i+) if(bi aj)rn flag=l ； rn elsern flag=O; break; rn rn i

38、f(flag=l&ai%2=l&ai%7=0) /* 如果flag为1且该数是奇数,该数能被7整除，则将该数存入数组b中， 并统计满足条件的数的个数*/rn rnbcnt=ai八rncnt+;rn rn rn fori=0 ； i (cnt-1; i+) /*将数组b中的数按从大到小的顺序排列*Arn for(j=i+l; j (ent; i+)rn if(bi (bj)rn flag=bi;rn bi=bj;rn bj=flag;rn )rn 解析：根据题意可知，要编制函数的功能有两部分： 一是找出满足条件的4位数，二是对找出的数进行从大到小排序。首先 利用一个for循环来依次从数组中取得4

39、位数，接着拿当前得到的4位 数与该数前面的连续的5个数依次进行比较。如果该数比它前面的5个 数都大，则给标志变量flag赋值1,接着对flag进行判断，如果不为1, 则该数肯定不符合条件，直接去取下一个数。若flag值为1,再来判断 该数是否是奇数，如果恰好该数又能被7整除，则把该数添加到数组b 中。这样就可以依次取出符合条件的数。然后利用选择法对数组b中的 元素进行从大到小的排序。9 .一台主机的IP地址为202.113.224.68,子网掩码为255.255.255.240, 那么这台主机的主机号为（）。A.4B.6C.8 D.6810 .下列关于ServUFTP服务器的描述中，正确的是（

40、）。A.服务器中每个虚拟服务器称作域，域由IP地址惟一识别B.服务器中匿名用户“anonymous”是由服务器自动添加的C.服务器常规选项中，最大用户数指同时在线的用户数量D.用户上传/下载率选项是配置用户的上传和下载的速率二、填空题（10题）11 .在C/S模型中，服务器响应并发请求的解决方案有重复服务器方案和 方案。12 .HFC采用的传输方式，用户数越多，每个用户实际可使用的带宽就 越窄。13 .信息安全包括5个基本要素：机密性、完整性、可控性与可审查性。14 . ATM协议中，会聚子层CS被定义成两个子层，即【】和公共部分会聚子层（CPCS）。15 .扫描设置通常包括文件类型、扫描病毒

41、类型、优化选项、发现病毒 后的处理方式、清除病毒失败后的处理方式、杀毒结束后的处理方式和 病毒 系统的设置。16 .SMTP的通信过程可以分成3个阶段，它们是连接阶段、邮件传递阶 段和连接关闭阶段。17 .网络安；工上二:J H的类型43种：第一种是数据篡改.第二种是【15】，第三种 是利用七一- ： 正今刁能的缺陷所造成的“活动天窗”来访问网络，18 .浏览器结构由一个 和一系列的用户单元、解释单元组成。19 .通过局域网接入Inlerne,只需申请一个1P地址，局域网内的所有汁算 机就都可以上网了，它是通过4实现的。20 .(20) Google搜索引擎主要采用了分布式爬行网页采集技术、超

42、文本 匹配技术和 O三、2.填空题(8题)21 .对等结构的局域网操作系统可以提供共享硬盘、共享打印机、共享CPU、共享屏幕、和 等服务。22 .为了克服网络规模与网络性能之间的矛盾，有一种解决方案是将“共 享介质方式”改为“:23 . Solaris网络操作系统主要运行在RISC结构的工作站和上。24 . WWW服务的客户端需要使用一种专门解读网页的软件是【】o25 .网络管理主要包括故障管理、性能管理、计费管理和安全管理。26 .面向知识处理阶段的电子政务，通过分布式的【】服务中心提供跨部门的政府业务服务。27 .传输层的主要任务是向用户提供可靠的 服务，透明地传送报文。28 .因特网的主

43、要组成部分包括通信线路、路由器、客户机服务器和 o四、C语言程序设计题（2题）29 .已知在文件in .dat中存有100个产品销售记录，每个产品销售记录 由产品代码dm（字符型4位），产品名称me（字符型10位），单价dj（整 型），数量si（整型），金额je（长整型）五部分组成。其中：金额=单价*数 量。函数ReadDat读取这100个销售记录并存入结构数组sell中。请编 制函数SortDat,其功能要求：按产品代码从大到小进行排列，若产品代 码相同，则按金额从大到小进行排列，最终排列结果仍存入结构数组sell 中。最后main函数调用函数WriteDat把结果输出到文件out . dat中。 提示：若中间变量为PRtemp,则可以直接使用结构赋值语句进行解题； 产品代码比较请用函数stremp进行解题。例如：selli=temp ；注意：部分源程序存放在test . c文件中。请勿改动主函数main、读函数ReadDat和输出函数WriteDat的内容。678910111213141516