（2022年）福建省厦门市全国计算机等级考试网络技术模拟考试(含答案).docx

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1、（2022年）福建省厦门市全国计算机等级考试网络技术模拟考试（含答案）学校:班级:姓名:考号:一、单选题（10题）1.下列关于RAID的描述中，正确的是（）。A.RAID卡只提供一个磁盘接口通道B.RAID卡不能提供SATA接口C.RAID 5可靠性优于RAID 1D.需要外加一个RAID卡才能实现RAID功能2.3类和5类无屏蔽双绞线是局域网中常用的传输介质，它们常用于数据传输率（）的局域网中。A.为 10MbpsB.为 100MbpsC.分别为 10Mbps 和 100MbpsD.分别为 100Mbps 和 1000Mbps3 .下列（）范围内的计算机网络可称之为局域网。A.在一个楼字B.

2、在一个城市C.在一个国家D.在全世界4 .子网掩码为255 . 128 . 0 . 0,该掩码又可以写为（）。for(i=2;tag & i =number/2;i+) if (number % i=0) tag=O; return tag;)void countValue () void main cnt=sum=O;countValue ();printf C满足条件的整数的个数二%小11”, ent);printf (满足条件的整数的个数二%dn”, sum);writeDAT ();)writeDAT () FILE *fp;fp=fopen (Hout64. dat Jw);fpri

3、ntf ( fpj%dn%dn, cut, sum);fclose (fp);)36.下列程序的功能是：计算出自然数SIX和NINE,它们满足的条件是SIX+SIX+SIX=NINE+NINE的个数ent,以及满足此条件的所有SIX 与NINE的和sumo请编写函数countVahie。实现程序要求，最后调用 函数writeDAT。把结果ent和sam输出到文件OUT5LDAT中。其中 的S, LX, N, I, N, E各代表一个十进制数。注意：部分源程序已给出。请勿改动主函数main。和写函数writeDAT。的内容。试题程序：#include int ent, sum;void coun

4、tValue() ()void main ()(cnt=sum=O;countValue ();printf (满足条件的个数二%dn”, ent);printf (满足条件所有的SIX与NINE的和二%dn”, sum);writeDAT ();)writeDAT ()(FILE *fp;fp=fopen(nOUT51.DATf nwn);fprintf (fp, n%dn%dnf ent, sum);fclose (fp);)参考答案l.CRAID需要有RAID控制器，在有些服务器主板上自带有RAID控 制器，提供相应的接口 ；而有些服务器主板上没有RAID控制器，如果 需要配置RAID,

5、就必须外加一个RAID卡才能实现RAID功能。RAID 控制器的磁盘接口有SCS、IDE和SATA等几种。RAID 5是在所有磁 盘上交叉地存取数据及奇偶校验信息，RAID 5可靠性优于RAID 1。故选择C选项。2 .C解析：局域网中使用的双绞线可分为屏蔽双绞线和非屏蔽双绞线两大类。其中又以3类、4类、5类非屏蔽双绞线使用最多。从数据传输 率特性来看，3类双绞线适合于10Mbps以下的数据传输，而5类双绞 线适用于100Mbps以下的数据传输。3 .A解析：局域网的区域范围可以是一建筑物内、一个校园内或是大到几十公里直径范围的一个区域。其中B属于城域网，C、D属于广域网。4.B255.128

6、.0.0 转换成二进制是11111111 .10000000 . 00000000 . 00000000,从最左边开始一共连续有 9 个1,即该子网掩码可写成/ 9。故选B选项。5 .D全双工端口带宽的计算方法是：端口数x端口速率x2。交换机的全双 工端口总带宽为16x100x2=3 .2Gbpso求交换机上联端口带宽的本质是 求交换总带宽。所以上联端口的带宽为3.2Gbps。故选择D选项。6 .DIP地址工作在TCP/IP参考模型的网络层，在网络层工作的协议还有ARP、RARP 和 ICMP。7.B8 .A9 .C全双工端口带宽计算方法是：端口数x端口速率x2。由题干可知，交换机总带宽为：1

7、2x2xl00Mbps+2x2xl000Mbps=6.4Gbpso10 .C解析：NetWare具有三级容错机制：NetWare的第一级容错主要 是针对硬盘表面磁介质可能出现的故障设计的，用来防止硬盘表面磁介 质因频繁进行读写操作而损坏造成的数据丢失。NetWare的第二级容错主要是针对硬盘和硬盘通道故障而设计的，用来防止硬盘和硬盘通道故 障造成数据丢失。包括硬盘镜像与硬盘双工功能。NetWare的第三级系 统容错提供了文件服务器镜像功能。11 .请求消息请求消息解析：SIP消息包括两种类型：从客户机到服务 器的请求消息和从服务器到客户机的响应消息。12 .文件服务器【解析】NetWare操作

8、系统是以文件服务器为中心的，它 主要由文件服务器内核、工作站外壳与低层通信协议等三个部分组成。13 .屏蔽本地资源与网络资源的差异性网络操作系统的基本任务主要是 屏蔽本地资源与网络资源的差异性，为用户提供各种基本网络服务功能, 完成网络共享系统资源的管理。14 .服务质量服务质量15 .公用密钥加密公用密钥加密16 .4针对本题，首先可以使用逆向思维进行思考：3个进程，每个进程 需要两个同类资源，那么总共需多少个资源呢？有以下几种情况。资源总数为1,则不管哪个资源占用该资源，都会导致无条件死锁。-资源总数为2,可分两种情况：一个进程占用两个资源，直到它执行 完毕后释放，然后又由另一进程同时占用

9、这两个资源，由最后一个进程 使用，这样不会导致死锁；两个资源若不为某一进程独占，将会导致死 锁，一般称这种状态是不安全的。-资源总数为3,与第（2）条同理。资源总数为4,则无论资源如何分配，都不会导致死锁。用公式可以总结如下： 资源总数（安全的）=进程数（每个进程所需资源数-1） +117.10快速以太网（Fast Ethernet）的数据传输速率为100Mbps,与传 统的以太网具有相同的帧格式、相同的介质访问控制方法（CSMA/CD）、 相同的接口和相同的组网方法，只是把传统以太网每个比特的发送时间 由100ns降低到了 10nSo18 .19 .20 .地址学习或者反向学习【解析】交换机

10、从某个端口收到帧，记录这个 帧的源地址及其来源端口，放入MAC地址/端口映射表”，以便以后对 帧进行选择性转发，这个过程叫做反向学习。21 .PASVPASV解析:当客户机向服务器发出数据传输命令时，通过控 制连接向服务器发送一个PASV命令，请求进入被动横式。22 .可靠可靠解析：本题考查点是TCP协议提供的服务。IP协议提供 的是不可靠的数据报服务，数据报在传输过程中可能出现差错、丢失、 顺序错乱等现象，而TCP必须为上层进程提供可靠的数据传输服务。 为此，TCP需要对IP层进行“弥补”和“加强”，以提供一个可靠的（包括 传输数据不重复、不丢失、顺序正确），面向连接的，全双工的数据流传 输

11、服务；23 .传输层传输层解析：传输层向用户提供可靠的端到端服务，透明地 传送报文。它向高层屏蔽了下层数据通信的细节，因而是计算机通信体 系结构中最为关键的一层。24 .授权授权解析：授权是把访问权授予某一个用户、用户组或指定系 统的过程。访问控制是限制系统中的信息只能到达网络中的被授权的个 人或系统。25 .网络管理者一网管代理模型网络管理者一网管代理模型 解析：在网 络管理中，一般采用网络管理模型。网络管理模型的核心是一对相互通 信的系统管理实体，它采用一种独特的方式使两个管理进程之间相互作 用，即管理进程与一个远程系统相互作用来实现对远程资源的控制。在 这种简单的体系结构中，一个系统中的

12、管理进程担当管理者角色，而另 一个系统中的对等实体担当代理者角色，代理者负责提供对被管对象的 访问。前者被称为网络管理者，后者被称为网管代理。26 .默认路由默认路由解析：在路由表中没有包含到某一特定网络或特 定主机的路由时候使用默认路由。27.2121解析：每个IP地址由32位的二进制数组成。其中，C类IP地 址前3位为“110”，用8位表示主机，21位表示网络。28 .预防病毒预防病毒解析：网络反病毒技术主要包括预防病毒、检测 病毒和消毒3种技术。预防病毒是断绝计算机病毒的传染途径，预防的 同时可以采用检测软件检测病毒，一旦发现病毒，应该用消毒软件的消 毒功能消除病毒。29 .【审题关键句

13、】个位一千位-百位-十位数大于零的个数，把所有满足此 条件的数依次存入数组，按从大到小的顺序排序。n【解题思路】n本题类似第9套试题，通过审题可以发现有两个不同点：要求统计U1位数的条件是“个位-千位一百位十位数大于零的个数”，参考答案的 第8条语句修改if语句的判断条件即可。将统计结果按从大到小的顺 序排序，参考答案的第13条语句，修改两数组元素的大小比较符即可。另外，对于数据交换的整型变量tmp可以自定义其变量名。n【参考答案】30 .【审题关键句】各位都是偶数，从大到小排序。n【解题思路】 n首先，本题要定义多个变量，包括两个循环变量循环i、j ;用来存放四位数分解之后各位数的变量qw（

14、千位）、bw（百位）、sw（十位）和gw（个 位）;一个用于数据交换的整型变量ab。n通过for循环依次对数组中的每个四位数进行分解，得到每位上的数字，然后通过if条件语句判断每位数是否都为偶数，注意，每个表达 式之问的关系为与运算，即需要同时满足这4个表达式的数才符合条 件。ii将满足条件的四位数赋给数组bcnt,同时数组下标值加1,当for循环执行完毕后，则所有满足条件的四位数全部存放到数组bcnt中。n最后通过两个for循环，对数组bcnt的元素按从大到小的顺序排序，排序过程中，变量ab作为数据交换的中间变量。n【参考答案】 n3LA解析：地址映射时，当从页表中查出此页信息不在内存，则发

15、缺页 中断。此时，暂停进程执行，CPU转去执行缺页中断处理程序。该程序位,负责把所需的页从外存调入内存，并把物理页号填入页表，更改驻 然后再返回继续执行被中断的进程。32 .D解析：防火墙一般可以提供以下4种服务：1、服务控制。确定在围墙外面和里面可以访问的Internet服务类型。2、方向控制。启动特 定的服务请求并允许它通过防火墙，这些操作是具有方向性的。3、用户 控制。根据请求访问的用户来确定是否提供该服务。4、行为控制。控制 如何使用某种特定的服务。33 .D解析：UDP是不可靠的五连接的传输服务。在传输过程中，UDP 报文可能出现丢失、重复、乱序等现象。34 .double coun

16、tValue(int n) double xy=0.0; int i; for(i=l;i n;i+) if(i%3=0 & i%7=0) xy+=i; /*求n以内(不包括n)同时能被3与7整 除的所 有自然数之和*/ xy=sqrt(double)xy)；/*再对总和求平方根*/ return xy; Jdouble countValue(int n)rn rn double xy=0.0;rn int i;rn for(i=l;i n;i+)rn if(i%3=0 & i%7=0) xy+=i; /*求 n 以内(不包括 n)同时能被3与7整除的所rn有自然数之和*八rn xy=sqrt

17、(double)xy); /*再对总和求平方根*Arn return xy;rn 解析：本题的解题思路是： 利用一个for循环依次从n个自然数当中取数，对当前取出的数进行条 件判断。判断条件为：既能被3整除同时也能被7整除，因此，用“&” 运算符来连接两个条件表达式，当某数满足判断条件时，就把该数累加 到变量xy中(xy的初始值为0 . 0),当所有满足条件的数都被找完后， 对累加求得的变量xy的值进行求平方根的计算，并把所求得的结果作 为函数值返回。35.void countValue() int icount=Oxx30; cnt=O; sum=O; for (i=2; i 90; i+)

18、 /*找数的范围为100以内*/ if (isPrime (i) /*如果该数为素数则 将它存入数组xx中并统计个数*/ xx count =i; count+; for (i=O; i count; i+) /*如果数组xx中的素数加4各加10得到的数仍为素数刃 if (isPrime (xx i +4) &isPrime (xx i+10) sum+=xx i; /*将满足条 件的数组 xx 中的数求和*/ void countValue()rn rn int i,count=O5xx30;rn cnt=O;rn sum=O;rn for (i=2; i 90; i+) /*找数 的范围为

19、100以内*八rn if (isPrime (i) /*如果该数为素数，则将它存入 数组 xx 中,并统计个数*八rn rn xx count =i;rn count+;rn rn for (i=O; i =1000 & 3，i/2 999 II 3fi/2 9999) break; /*当SIXP不为3位数或所得的数不为数时退出循环*/ void countValue()rn rn int i=100;rn while (l)rn rn if(3*i%2=0 & 3i/2 =1000 & 3i/2 U!999 II 34/2 9999)rn break;倍当SIXP不为3位数或所得的数不为位

20、数时，退出循环*/ rn rn 解析：本题二查的知识点如下： 循环与判断的嵌套使用。(2)多条件的布尔运算。(3)“”与“户运算符的使用。根据题意，求的是满足3位数乘以3等于4位数乘以2的数的个数。我 们可以使用循环结构对所有的3位数进行判断，若某个3位数乘以3整 除2所得的数是4位整数，则这个3位数是满足条件的数。当判断的数 不再是3位数或者进行处理后所得的数大于9999,则要退出循环。在这 里，还要注意判断结构中，各条件之间是用“与”运算还是用“或”运算。A./8B./9C. / 10D. / 11 5.一台交换机具有16个10/100Mbps全双工下联端口，它的上联端口 带宽至少应为()

21、。A.0 . 8GbpsB.l . 6Gbps C.2 . 4Gbps D.3 . 2Gbps1.1 P协议是指网际协议，它对应于开放系统互联参考模型中的哪一层()A.物理层B.数据链路层C.传输层D.网络层7 .在搜索引擎中，用户输入接口可分为哪两种?( )0A.集中式接口和混合式接口 B.简单接口和复杂接口 C.相邻接口和相 近接口 D.一般接口和专用接口8 .以下哪个不是网络商务信息的特点()。A.收益大B.便于存储C.时效性强D.准确性高9 .一台交换机具有12个10 / 100Mbps电端口和2个1000Mbps光端口， 如果所有端口都工作在全双工状态，那么交换机总带宽应为()。A.

22、3 . 2Gbps B.4 . 8Gbps C.6 . 4Gbps D.14Gbps10 .NetWare第二级容错主要是()。A.针对文件服务器失效而设计的B.针对硬盘表面介质损坏而设计的C针对硬盘和硬盘通道故障而设计的D.用来防止在写数据记录的过程中因系统故障而造成的数据丢失二、填空题（10题）11. SIP消息包括两种类型：从客户机到服务器的 和从服务器到客户机的响应消息。.NetWare操作系统是以为中心的，主要由三个部分组成：文件服务器 内核、工作站外壳与低层通信协议。13 .网络操作系统的基本任务是：,为用户提供各种基本网络服务功能， 完成对网络共享系统资源的管理，并提供网络系统的

23、安全性服务。14 .网络性能管理的主要目的是维护网络和网络运营效率。15 .私有密钥加密技术和 技术是两种最基本的加密技术。16 .假设有3个进程竞争同类资源，如果每个进程需要2个该类资源，则 至少需要个该类资源，才能保证不会发生死锁。17 .快速以太网采用了与传统Ethernet相同的介质访问控制方法，只是将 每个比特的发送时间降低到nso18.网络安全安塔匹延：111_、先进的技术和严格的管理19.个人itB ,三匚M三以误人【ntemei.必须安装的诬件是【13】20.第76题以太网交换机能够在运行的过程中自动建立和维护“端口/MAC地址映射表”这个过程叫（）。三、2.填空题（8题）2L

24、 FTP协议规定:向服务器发送 命令可以进入被动模式。22. TCP协议能够提供【1的、面向连接的、全双工的数据流传输服务。23 .计算机通信体系结构中最为关键的一层是o24 .从纯概念的意义上说，身份只与认证有关，但是在许多情况下，还需要讨论实体的 和访问控制。25 .网络管理中的基本模型是26 .路由表包含的一个非常特殊的路由是27. C类IP地址使用位二进制数表示网络。28.通过自身常驻系统内存，优先获得系统的控制权，监视和判断系统中是否有病毒存在是技术。四、C语言程序设计题（2题）29.已知数据文件in dat中存有300个位数，并已调用读函数readDat把这些数存入数组a中，请编制

25、一函数jsVahie,其功能是：求出个位数 上的数减千位数上的数减百位数上的数减十位数上的数大于零的个数ent,再把所有满足此条件的四位数依次存入数组b中，然后对数组b的!1!位数按从大到小的顺序进行排序。最后main函数调用写函数writeDat把数组b中的数输出到文件out . dato例如:1239 , 9-1-2-30 ,则该数满足条件存入数组b中，且个数cnt=cnt+lo8129, 9-8-1-20,则该数不满足条件忽略。注意：部分源程序存在test.c文件中。程序中已定义数组：a300, b300,已定义变量：cut请勿改动数据文件in .dat中的任何数据、主函数main、读函

26、数readDat和写函数writeDat的内容。234567891011121314151617181920finclude int a3009 b300/ cnt0; void readDat();void writeDat ();void jsValue ()main ()(int i;readDat();jsValue();writeDat();printf(Mcnt*%dnMr ent);for(i 0; i ent; i+)printf (1,bttd %dnHr，void readDat()bi);2122 )23 ；24 !25 ：26 JFILE afp; int i;fp ,

27、 fopen(MindatMrnrR); for(1 0; i 300;fscanf (fpr Qd.(i);fclose(fp);27 ! ! I28 ； void writeDat()29 ；(30 FILE #fp;31 | int 1;32 ： fp - fopen(Mout.datwrwwM);33 ; fprintf(fp,wtdnn, ent);34 ; for(i 0; i ent;35 ! fprintf(fpr36 ； fclose(fp);371 r130.己知数据文件in .dat中存有200个四位数，并已调用读函数readDat把这些数存入数组a中，请考生编制一函数j

28、sVal,其功能是：如果U!数各位上的数字均为0或2或4或6或8中的一个数字，则统计出满足此条件的个数ent,并把这些四位数按从大到小的顺序存入数组b中。最后main函数调用写函数writeDat把结果ent以及数组b中符合条件的四位数输出到Outdat文件中。注意：部分源程序存在test . c文件中。程序中已定义数组：a200, b200,已定义变量：ent请勿改动数据文件in dat中的任何数据、主函数main、读函数readDat和写函数writeDat的内容。1 i (include 2 define MAX 2003 ! int atMAXL b(MAXh ent 0;4 i vo

29、id writeDat();5： ! void jsVal()6 (8 J)9 i void readDat () 从文件中读取200个四位数存入畋组&中10 | 111 J int it,12! FILEfp13 ；fp fopen (irudat. ;14 for(i 0; 1 MAX; 11)15 ; fscanf (fpr d. (ai);16 ! fclose(fp);iri j18 ； void main()19 ! j J20 ； int ir21 readDat()t22 j jsVal); ，朋酒口”val()实现Bl目要求的功能23 ; printf (满足条件的数7dn*

30、 ent) t24 ! for(i - 0; i ent; +)25 ； printf (H%d L bdl)；26 ; printf(wnw);27 writeDat();；28 !v.”. 工 工29 ； void writeDat ) 把WKfSW e 0及HAI b中纣仆条件的四垃数输rtl到。山文件中30 J (,31 ；FILE efp；t32 ; int i;33 ! fp fopen(Hout.datR# wwR);34 I fprintf (fp*ent) e:35 for(i 0; i cot;36 fprintf (fp# Fdn. b(1 ) j37 fclose(fp

31、);38 i J五、L选择题（3题）31.虚拟页式存储管理方案中，下面哪一部分完成了将页面调入内存的工作？（）A.缺页中断处B.页面淘汰过程C.工作集模型应用D.进程调度处理32 .目前，防火墙一般可以提供4种服务。它们是A.服务控制、方向控制、目录控制和行为控制B.服务控制、网络控制、目录控制和方向控制C.方向控制、行为控制、用户控制和网络控制D.服务控制、方向控制、用户控制和行为控制33 . UDP报文有可能出现的现象是（）。I .丢失n .重复in .乱序a. I、II b.iu inc.i x md.全部六、L程序设计题（3题）34.请编写函数countValue（）,它的功能是：求n

32、以内（不包括n）同时能 被3与7整除的所有自然数之和的平方根s,并作为函数值返回，最后 结果s输出到文件OUT1LDAT中。例如,若n为1000时，函数值应为s=153.909064。注意：部分源程序已给出。请勿改动主函数main。和输入输出函数progReadWrite。的内容。试题程序：#include #include # include double countValue(int n)main ()(clrscr ();printf(自然数之和的平方根二%fn”, countValue(1000);progReadWrite ();)progReadWrite ()(FILE *wf;

33、int i, n;float s;wf = fopen(nOUTll.DAT, nwn);s = countValue (1000);fprintf(wf,s);fclose (wf);)35.下列程序的功能是：找出所有100以内（含100）满足I, 1+4, 1+10都是素数的整数1（1+10也是在100以内）的个数ent,以及这些I之和sum。请编制函数countVahieO实现程序要求，最后调用函数writeDAT。把结 果ent和sum输出到文件out64.dat中（数值1不是素数）。注意：部分源程序已给出。请勿改动主函数main。和输出数据函数writeDAT。的内容。试题程序：#include int cut, sum;int isPrime(int number)int i, tag=l;if (number=l)return 0;