2022高三总复习物理教案-知识讲解 闭合电路的欧姆定律（提高）.doc

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1、物理总复习：闭合电路的欧姆定律编稿：李传安 审稿：【考纲要求】1、知道电源电动势的意义及其内、外电压的关系，闭合电路的欧姆定律，会对电路进行动态分析；2、知道知道闭合电路中功率的分配关系；3、能对含电容器电路的相关物理量进行计算。【考点梳理】考点一、闭合电路的欧姆定律（一）电动势1、电源使导体两端存在持续电压，将其他形式的能转化为电能的装置。2、电动势要点诠释：（1）物理意义：反映不同电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量。电动势大，说明电源把其他形式的能转化为电能的本领大；电动势小，说明电源把其他形式的能转化为电能的本领小。定义公式为，其单位与电势、电势差相同。该物理量为标量。（2）大

2、小：等于外电路断开时的路端电压，数值上也等于把1C的正电荷从电源负极移到正极时非静电力所做的功。（3）电动势的方向：电动势虽是标量，但为了研究电路中电势分布的需要，我们规定由负极经电源内部指向正极的方向（即电势升高的方向）为电动势的方向。（二）闭合电路的欧姆定律1、内容闭合电路中的电流跟电源电动势成正比，跟内、外电路电阻之和成反比，这个结论叫做闭合电路欧姆定律。2、表达式（1）电流表达式（2）电压表达式3、适用范围外电路是纯电阻的电路。4、路端电压U要点诠释：外电路两端的电压，即电源的输出电压，（1）当外电阻R增大时，I减小，内电压减小，路端电压U增大。当外电路断开时，I=0，U=E。（2）当

3、外电阻减小时，I增大，内电压增大，路端电压减小。当电源两端短路时，外电阻R=0, U=0， 。（3）路端电压也可以表示为。也可以得到路端电压随外电阻增大而增大的结论。5、路端电压与电流的关系（U一I图象）要点诠释：如下左图所示为UI图象，由知，图线为一条直线，与纵轴交点为电源电动势，与横轴交点为短路电流，直线的斜率的绝对值等于电源内阻。由于一般电源的内阻r很小，故外电压U随电流I的变化不太明显，实际得到的图线往往很平，只画在坐标纸上的上面一小部分，为充分利用坐标纸，往往将横轴向上移，如下右图所示的实验图线。此时应注意，图线与横轴的交点，并非短路电流，不可盲目用它求内阻，但图线与纵轴的交点仍代表

4、电动势E，图线斜率的绝对值仍等于内阻r。6、闭合电路中的功率要点诠释：（1）电源的总功率： ；（2）电源内耗功率： ；（3）电源的输出功率：（4）电源的输出功率随外电阻的变化规律电源的输出功率为当时，有最大值，即，与外电阻R的这种函数关系可用如图的图象定性地表示：由图象还可知，对应于电源的非最大输出功率P可以有两个不同的外电阻R1和R2，当时，若R增大，则增大；当时，若R增大，则减小。（5）电源效率电源效率：指电源的输出功率与电源的功率之比，即 .对纯电阻电路：.所以当R增大时，效率提高，当时，电源有最大输出功率，效率仅为50%，效率并不高。考点二、含电容器电路的分析要点诠释：在直流电路中，当

5、电容器充放电时，电路里有充、放电电流。一旦电路达到稳定状态时，电容器在电路中就相当于一个阻值无限大的元件，电容器可看作断路，简化电路时可去掉。分析和计算含电容器电路时，需注意以下几点：1、电路稳定后，由于电容器所在支路无电流通过，所以在此支路中的电阻上无电压降，因此电容器两极板间的电压就等于该支路两端的电压。 2、当电容器和电阻并联后接入电路时，电容器两极板间的电压与其并联电阻两端的电压相等。3、电路的电流、电压变化时，将会引起电容器的充、放电。如果电容器两端电压升高，电容器将充电；如果电压降低，电容器将放电。电荷量变化由计算。考点三、动态电路的分析要点诠释：根据欧姆定律及串、并联电路的性质，

6、来分析电路中某一电阻变化而引起的整个电路中各部分电学量的变化情况，常见方法如下：（1）程序法基本思路是“部分整体部分”，即从阻值变化的部分入手，由串并联规律判知的变化情况，再由欧姆定律判知和的变化情况，最后由部分电路欧姆定律判知各部分物理量的变化情况。分析解答这类习题的一般步骤是： 确定电路的外电阻以及外电阻如何变化。根据闭合电路欧姆定律，确定电路的总电流如何变化。由，确定电源的内电压如何变化。由，确定电源的外电压（路端电压）如何变化。由部分电路欧姆定律确定干路上某定值电阻两端的电压如何变化。确定支路两端的电压如何变化以及通过各支路的电流如何变化。此类题型还可用“并同串反”规律判断。所谓“并同

7、”，即某一电阻增大时，与它并联或间接并联的电阻中的电流、两端电压、电功率都将增大，反之则减小。所谓“串反”，即某一电阻增大时，与它串联或间接串联的电阻中的电流、两端电压，电功率都将减小。（2）极限法：即因变阻器滑片滑动引起电路变化的问题，可将变阻器的滑动端分别滑至两个极端去讨论。（3）特殊值法：对于某些双臂环路问题，可以采取代入特殊值去判定，从而找出结论【典型例题】类型一、对电动势概念的理解例1、蓄电池的电动势是2V，说明电池内非静电力每移动1C的电荷做功 J，其电势能 （填“增大”或“减小”），是_能转化为 能的过程。【答案】2；增大；化学、电。【解析】电动势的大小反映了电源把其他形式的能转

8、化为电能的本领，即非静电力移动单位正电荷从电源负极至正极所做的功。蓄电池是化学能转化为电能的过程。举一反三【变式】铅蓄电池的电动势为2 V，这表示（ ）A. 电路中每通过1 C电荷量，电源把2 J的化学能转变为电能B. 无论接不接入外电路，蓄电池两极间的电压都为2 VC. 蓄电池在1 s内将2 J的化学能转变为电能D. 蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5 V）的大【答案】AD类型二、闭合电路的分析与计算例2、图示电路中，R112W，R26W，滑动变阻器R3上标有“20W2A”字样，理想电压表的量程有0-3V和0-15V两档，理想电流表的量程有0-0.6A和0-3A两档。

9、闭合电键S，将滑片P从最左端向右移动到某位置时，电压表、电流表示数分别为2.5V和0.3A；继续向右移动滑片P到另一位置，电压表指针指在满偏的1/3，电流表指针指在满偏的1/4，则此时电流表示数为_A，该电源的电动势为_V。【思路点拨】根据电阻的变化分析电流电压的变化，确定量程，进而确定电流电压的大小，再根据电路的串并联关系进行计算。【答案】（1） （2）【解析】（1）滑片P向右移动的过程中，连入电路的电阻在增大，电流表示数在减小，电压表示数在增加，由此可以确定电流表量程选取00.6 A，电压表量程选取的是015 V，（电压表示数还将变大，指在满偏的1/3，0-3V的量程的1/3只有1A，所以

10、选015 V）电流表的示数为（2）电压表的示数为 当电压表的示数为，电流表的示数为R2的电流， 干路电流为由闭合电路欧姆定律得： 联立以上两式代入数据解得：. 内阻。【总结升华】解决闭合电路的欧姆定律问题时，要注意分析电路特点（串、并联关系），电流表、电压表的读数是哪一个电阻上的或那一部分电路的，找出干路电流。闭合电路欧姆定律的应用计算通常有两种方法：一是充分利用题目的已知条件结合欧姆定律列方程求解，有时求电流I是关键，I是联系内外电路的桥梁；二是根据具体问题可以利用图像法，会带来更多方便。举一反三【变式】如图所示的电路中，当S闭合时电压表和电流表（均为理想电表）的示数各为1.6V和0.4A。

11、当S断开时，它们的示数各改变0.1V和0.1A，求电源的电动势。【答案】，。【解析】方法一：当S闭合时，R1 、R2并联接入电路，由闭合电路的欧姆定律得 当S断开时，只有R1接入电路，外电阻变大，电压表读数变大，电流表读数变小，由闭合电路的欧姆定律得 联立解得 ，。方法二：图像法：利用UI图像如图所示；因为图线的斜率，由闭合电路的欧姆定律 .【高清课堂：电路中的能量问题例3】例3、如图所示，E、r、R1为一定值电阻，R2为滑动变阻器。（1）当R2为何值时，PR2最大；（2）当R2为何值时，PR1最大？【思路点拨】求最大功率问题一是写出功率的表达式进行分析，这比较麻烦，二是根据最大输出功率的条件

12、进行等效代换。【答案】（1）当时，PR2最大；（2）当R2 = 0时，R1的功率最大。【解析】（1）R2的功率为：最小值是当 即时取得。（2）电阻R1的功率为：可见，当R2 = 0时，R1的功率最大。【总结升华】把定值电阻和电源作为一个等效电源，其电动势为E，内阻则变为，即等效电源的内阻为r1。本题的等效电源，等效电源的内阻为。等效电源法：将含有电源的某一部分电路等效为一个新的电源，这个等效电源的电动势等于其接入电路两端开路时的电压，等效电源的内电阻等于这部分电路的电阻与实际电源内阻的总电阻（内阻为）。最大输出功率。举一反三【变式1】如图所示的电路中，电池组的内阻r = 4，外电阻R1= 2，

13、当滑动变阻器R2的电阻调为4时，电源内部的电热功率是4W，则（1）电源的最大输出功率是_；（2）欲使R2的电功率达到最大值，则R2应调为_。【答案】（1）6.25W.（2）6.【解析】（1）由题意知，求得电流.电源电动势电源的最大输出功率 .（2）用“等效电源法”求解。等效内电阻为由前面的结论当外阻等于内阻时输出功率最大，所以R2应调为6.【变式2】如图所示，电路中电源的电动势E=5V，内阻r=10，固定电阻R=90，R0是可变电阻，在R0从零增加到400的过程中，求（1）可变电阻R0上消耗的热功率最大条件和最大功率。（2）电池的内电阻r和固定电阻R上消耗的最小热功率之和。（3）电源的最大输出

14、功率及此时电源的效率。【答案】（1）时，最大，；（2）（3），【解析】（1）可变电阻R0上消耗的热功率为 则当，即时，最大，其最大值 （2）当电流最小时，内电阻r和固定电阻R上消耗的热功率最小，此时R0应调至到最大阻值400，内阻r和固定电阻R上消耗的最小热功率之和为 （3）由，且可判断出：当时，电源有最大输出功率 此时效率为 类型三、非纯电阻电路的分析及计算非纯电阻电路：如果电路中除电阻外还有能把电能转化为其他形式能的元件（电动机、电解槽），称为非纯电阻电路，特点是：（1）不遵循欧姆定律：.（2）电流做功除了转化为内能外，还转化成其他形式的能：。计算电功、电热要用各自的定义式。电动机的功率：

15、设内电阻为r，两端电压为U，通过的电流为I，电动机的总功率：电动机损耗功率：电动机输出功率：【高清课堂：电路中的能量问题例4】例4、微型吸尘器的直流电动机内阻一定，当加上0.3V的电压时，通过的电流为0.3A，此时电动机不转。当加在电动机两端的电压为2.0V时，电流为0.8A，这时电动机正常工作，则吸尘器的效率为_。【思路点拨】对电动机等非纯电阻电路，电动机正常工作时，部分电路的欧姆定律不再适用，电动机的功率只能用UI，这是电动机的总功率。一部分是输出的机械功率，另一部分是线圈电阻的发热功率。【答案】【解析】电动机不转动，输出机械功率为零，电能全部转化为电阻生热纯电阻电路。，电动机内阻 .，吸

16、尘器（电动机）正常工作电动机总功率: 电动机内阻热功率：电动机输出功率： 电动机总效率：。【总结升华】对非纯电阻电路，电功率（总的）等于热功率与转化为除热能外其它形式的能的功率之和，。对含有电动机的电路：。举一反三【变式】四川省“十二五”水利发展规划指出，若按现在供水能力测算，我省供水缺口极大，蓄水提水是目前解决问题的重要手段之一。某地要把河水抽高20m，进入蓄水池，用一台电动机通过传动效率为80的皮带，带动效率为60的离心水泵工作。工作电压为380V，此时输入电动机的电功率为19kW，电动机的内阻为0.4。已知水的密度为1103kg/m3，重力加速度取10m/s2。求：（1）电动机内阻消耗的

17、热功率；（2）将蓄水池蓄入864 m3的水需要的时间（不计进、出水口的水流速度）【答案】（1）1103W（2）2l04s。【解析】（1）设电动机的电功率为P，则P=UI 设电动机内阻r上消耗的热功率为，则Pr=I2r 代入数据解得=1103W （2）设蓄水总质量为M，所用抽水时间为t。已知抽水高度为h，容积为V，水的密度为，则 M=V 设质量为M的河水增加的重力势能为，则 设电动机的输出功率为P0，则P0=PPr 根据能量守恒定律得P0t60%80%=Ep 代人数据解得 t=2l04s 类型四、含电容器电路的分析例5、如图所示，M、N是平行板电容器的两个据板，其为定值最阻R1、R2为时调电阻，

18、用绝缘细线将质量为m，带正电的小球悬于电容器内部，闭合电键S，小球静止时受到悬线的拉力为F，调节R1、R2关于F的大小判断正确的是（ ）A保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变大B保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变小C保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变大D保持R2不变，缓慢增大R1时，F将受小【思路点拨】电容器两端间的电压等于与它并联的用电器两端的电压，判断R0两端间电压的变化，知道极板间电场的变化，从而知道电场力的变化及拉力的变化。【答案】B【解析】电容器两端间的电压与R0两端的电压相等，通过判断R0两端间电压的变化，知道极板间电场的变化，从而知道电场力的变化及拉力的变化。保持R1不变，缓

19、慢增大R2时，由于R0和R2串联，总电流减小，R0两端的电压减小，即平行板电容器的两个极板的电压U减小，两板间的电场强度减小，带电小球受到的电场力减小，悬线的拉力为 将减小，A错B对。保持R2不变，缓慢增大R1时，电容器两极板电压不变，板间电场强度不变，小球所受电场力不变，拉力F不变，C、D两项错。故选B。【总结升华】解决本题的关键是1、熟悉含容电路的特点：电容两端间的电压与其并联部分的电压相等；含容支路中的电阻相当于导线。2、会正确的进行受力分析，搞清楚什么力变化导致拉力的变化。举一反三【变式】如图所示的电路中，R1 、R2、 R3均为可变电阻，当开关S闭合后，两平行金属板MN中有一带电液滴

20、正好处于静止状态。为使带电液滴向上加速运动，可采取的措施是（ ）A增大R1 B减小R2 C减小R3 D增大MN间距【答案】B【解析】由题意知带电液滴带负电，带电液滴原来处于静止状态，则电场力与重力平衡为了让带电液滴向上加速运动，只要增大电场力即可，减小R2或增大R3，都可使电场力增大，B项正确；若增加两板间距，电场强度减小，带电液滴将向下加速运动，不符合题意故正确选项为B。类型五、动态电路的分析例6、如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时，A.电压表V读数先变大后变小，电流表A读数变大B.电压表V读数先变小后变大，电流表A读数变小C.电压表V读数先变大后变小，电

21、流表A读数先变小后变大D.电压表V读数先变小后变大，电流表A读数先变大后变小【思路点拨】分析滑动触头P从最高端向下滑动时，总电阻的变化情况，路端电压的变化情况以及电流的变化情况。【答案】A【解析】设滑动变阻器触点以上的电阻为，触点以下的电阻为，因为滑动变阻器的有效电阻R并 除最初和最终为零外， 二者之和一定，二者相等时积最大，所以当触点在中间时电阻最大，根据全电路欧姆定律，. 所以当触点在中间时电流最小，电压表V读数为电源的路端电压，当触点在中间时路端电压最大，电压表V读数先变大后变小，所以本题可能选A或C再算电流表A读数即的电流，根据电阻并联分流公式， 联立以上三式，上下同除以，.当滑动变阻

22、器的滑动触头P从最高端向下滑动时，一直变大而一直变小，从上式可以看出，电流表A读数I一直变大，所以正确选项为A【总结升华】电路分析和电压表电流表读数随滑动变阻器触点移动而变化的题目是传统题目，但此题推陈出新，有新意，用新方法，一是应用数学知识：二者和不变，相等时积最大，二是应用数学方法，把最后的I式子变化为最后一式，目的是减少变化量举一反三【变式】如图所示电路，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中，（ ） A电压表与电流表的示数都减小B电压表与电流表的小数都增大C电压表的示数增大，电流表的示数减小D电压表的示数减小，电流表的示数增大【答案】A【解析】滑片下移，则

23、滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小，电路中总电流增大，内阻两端电压增大，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压减小，故电压表示数减小；由欧姆定律可知，R1上的分压增大，故并联部分电压减小，即可知电流表示数减小，故A正确，BCD错误。类型六、利用电源的外特性曲线和导体的伏安特性曲线解题将电源（E，r）与一个电阻相连，即电源向电阻供电，在UI坐标系中画出电源的外特性曲线和电阻R的伏安特性曲线，其交点（I，U）的坐标乘积UI为电源的输出功率，也就是R的功率。利用上述联系可借助图像解题。例7、如图所示为一灯泡两端的电压与通过它的电流的变化关系曲线。由图可知，两者不成线性关系，这是由于焦耳热使灯丝的

24、温度发生了变化的缘故，参考这条曲线回答以下问题：（不计电流表的电源的内阻）（1）若把三个这样的电灯串联后，接到电动势为12 V的电源上，求流过灯泡的电流和每个灯泡的电阻.（2）如右图所示，将两个这样的电灯并联后再与10的定值电阻串联，接在电动势为8 V的电源上，求通过电流表的电流值和每个灯泡的实际功率。【思路点拨】根据电路的串并联特点，从伏安特性曲线上找出相关数据。【答案】（1），；（2），。【解析】（1）把三个这样的灯泡串联后，每只灯泡得到的实际电压为12/3=4V，再在图甲上可以查到每只电灯加上4V实际电压时的工作电流为由此可以求出在此时每只电灯的实际电阻为；（2）在乙图中的混联电路中，设

25、每只电灯加上的实际电压和实际电流分别为U和I 在这个闭合电路中，代入数据并整理得，这是一个反映了电路约束的直线方程，把该直线在甲图上画出，如图丙所示.。这两条曲线的交点为U=2V、I=0.3A，同时满足了电路结构和元件的要求，此时通过电流表的电流值 ，每只灯泡的实际功率 .【总结升华】非纯电阻元件的伏安特性曲线是一条曲线，一般由题目直接给出，因此在确定非纯电阻元件的工作点时，可画出该元件以外的的电路作为等效电源的外特性曲线，根据其与非纯电阻元件的伏安特性曲线的交点来确定元件的实际工作点。举一反三【变式】已知将电阻R1 与R2、分别接在同一电池组的两极时消耗的电功率相同，电池组向两个电阻供电时的电流分别是I1 和I2，电池组内阻消耗的功率分别是和，电池组的效率分别是和，电阻两端的电压分别是U1和U2，若I1I2，则有（ ）A. B. C. D. 【答案】ABC【解析】依题意可画出电源的外特性曲线和R1 、R2、的伏安特性曲线，因为，I1I2，所以R1 、R2的相对关系如图所示。由图可知，故A、B对。又因为，故，C对。又因为，故，D错，故本题答案为ABC。